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题解:疯狂lcm

时间:2023-11-09 18:58:34浏览次数:38  
标签:frac gcd 题解 sum 疯狂 varphi mid lcm times

%你赛打到一半来写个题解

link:疯狂lcm

题意,求:

\[\sum_{i=1}^{n}lcm(i,n) \]

不多说废话,直接开推:

\[\begin{aligned} &=n\sum_{i=1}^{n}\frac{i}{gcd(i,n)}\\ &=n\sum_{d\mid n}\sum_{i=1}^{n}\frac{i}{d}[gcd(i,n)=d]\\ &=n\sum_{d\mid n}\sum_{i=1}^{n}\frac{i}{d}[gcd(\frac{i}{d},\frac{n}{d})=1]\\ &=n\sum_{d\mid n}\sum_{i=1}^{\frac{n}{d}}i[gcd(i,\frac{n}{d})=1]\\ \end{aligned} \]

我们发现这个 \(\frac{n}{d}\) 实际上还是枚举的 \(d\),那我们来直接替换:

\[n\sum_{d\mid n}\sum_{i=1}^{d}i[gcd(i,d)=1] \]

那么后边这个 \(\sum_{i=1}^{d}i[gcd(i,d)=1]\) 实际上就是小于 \(d\) 且与 \(d\) 互质的数的和,这玩意就等于 \(\frac{\varphi(n)\times n}{2}\),证明如下:

由于更相减损法 \(gcd(n,x)=gcd(n,n-x)\) 可知,所有与 \(n\) 互质的数都是成对出现的,每一对的和为 \(n\),一共有 \(\frac{\varphi(n)}{2}\) 对,那么和为 \(\frac{\varphi(n)\times n}{2}\),当然要在 \(n>1\) 的条件下满足。

那么原式即变为:

\[n\sum_{d\mid n}\frac{\varphi(d)\times d}{2} \]

但是如果 \(d=1\) 上式变为 \(0\),就不成立了,因此 \(d=1\) 的时候特判一下就好。

容易发现这是一个 \(\Theta(\sqrt{n})\) 的算法,优化一下,设 \(f(n)=\sum_{d\mid n}\varphi(d)\times d\),也就是 \(1*(\varphi(n)\times n)\),它显然是个积性函数,那可以考虑用个筛子筛一下,很容易将复杂度降到 \(\log n\) 级别。

点击查看代码
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
const int N=1e6+10;
int n,T;
int prim[N],phi[N],f[N];
void init(){
    phi[1]=1;
    for(int i=2;i<=N;++i){
        if(!phi[i]) prim[++prim[0]]=i,phi[i]=i-1;
        for(int j=1;j<=prim[0]&&i*prim[j]<=N;++j){
            if(!(i%prim[j])){
                phi[i*prim[j]]=prim[j]*phi[i];
                break;
            }else phi[i*prim[j]]=(prim[j]-1)*phi[i];
        }
    }
    for(int i=1;i<=N;++i)
        for(int j=i;j<=N;j+=i) f[j]+=(i==1)?1:(phi[i]*i/2);
}
signed main(){
    ios::sync_with_stdio(0);
    cin.tie(0),cout.tie(0);
    init();
    cin>>T;
    while(T-->0){
        cin>>n;
        cout<<f[n]*n<<'\n';
    }
    return 0;  
}

标签:frac,gcd,题解,sum,疯狂,varphi,mid,lcm,times
From: https://www.cnblogs.com/shen666zxcmt/p/17822530.html

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