问题引入：
有某无向图，其有n个点，m条边，每条边边权w已知,求能使图连通的最小代价。
等价于 ：
有一个联通图，它有n个点，把这个图去边，直到还剩n-1条边。如果现在这个图还是联通图，那么你就得到了一棵树，这棵树就是图的生成树，最小生成树就是一个图的所有生成树里这n-1条边的权值之和最小的。
人为去寻找最小连通方式！
解决方法：
思想： 贪心的按照边权从小到大加入。
过程：
1.将所有边按照边权从小到大排序。
2.选择一条当前边权最小且边的两个端点未连通的边，加入集合。
3.重复2操作；直到已选择n-1条边，算法结束。
时间复杂度O（mlogm）
分析：

1. 对于1操作，直接使用sort排序即可。
2. 对于2操作，难点是判断两个端点是否连通。

解决办法： 并查集

for(int i = 1; i <= n; i++)  father[i] = i;
int find(int x)
{
   if(father[x] != x) father[x] = find(father[x]);
   return father[x]; 
}

例题 最小生成树

题目描述

如题，给出一个无向图，求出最小生成树，如果该图不连通，则输出 orz。

输入格式

第一行包含两个整数 \(N,M\)，表示该图共有 \(N\) 个结点和 \(M\) 条无向边。

接下来 \(M\) 行每行包含三个整数 \(X_i,Y_i,Z_i\)，表示有一条长度为 \(Z_i\) 的无向边连接结点 \(X_i,Y_i\)。

输出格式

如果该图连通，则输出一个整数表示最小生成树的各边的长度之和。如果该图不连通则输出 orz。

样例 #1

样例输入 #1

4 5
1 2 2
1 3 2
1 4 3
2 3 4
3 4 3

样例输出 #1

7

提示

数据规模：

对于 \(20\%\) 的数据，\(N\le 5\)，\(M\le 20\)。

对于 \(40\%\) 的数据，\(N\le 50\)，\(M\le 2500\)。

对于 \(70\%\) 的数据，\(N\le 500\)，\(M\le 10^4\)。

对于 \(100\%\) 的数据：\(1\le N\le 5000\)，\(1\le M\le 2\times 10^5\)，\(1\le Z_i \le 10^4\)。

样例解释：

所以最小生成树的总边权为 \(2+2+3=7\)。
AC 代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 200100;
struct node{
	int u;
	int v;
	int w;	
}e[N];
int father[N];
bool cmp(node a,node b)
{
	return a.w < b.w;
}
int find(int x)
{
	if(father[x] != x) father[x] = find(father[x]);
	return father[x];
}
int ans,cnt;
int n,m;
int main()
{
	ios::sync_with_stdio(false);
	cout.tie(NULL);
	cin>>n>>m;
	
	for(int i = 1; i <= n; i++)
	father[i] = i;
	
	for(int i = 0; i < m ; i++)
	cin>>e[i].u>>e[i].v>>e[i].w;
	
	sort(e,e + m,cmp);
	for(int i = 0 ;i < m; i++)
	{
		int fau = find(e[i].u);
		int fav = find(e[i].v);
		if(fau != fav)// 两点不连通
		{
			father[fau] = fav;//建立联通关系
			ans += e[i].w;
			cnt++;//边数 = 点数 - 1 则图恰好连通
			if(cnt == n - 1) break;
		}
	}
	if(cnt != n - 1) puts("orz");
	else cout<<ans;
	return 0;
}