Description
这是一道交互题。
有一棵 \(n\) 个节点的树,现在要求你通过若干次询问得到这棵树的每一条边连接哪两个点。
每次询问你需要指定 \(n\) 个整数 \(d_1,d_2,\ldots,d_n\),满足 \(-1\leq d_i\leq n\),其中 \(1\leq i\leq n\)。
每次询问交互库会返回给你一个长度为 \(n\) 的布尔数组,第 \(i\) 个元素为 \(1\) 当且仅当存在某个点 \(j\) 满足 \(i,j\) 的树上距离 \(\leq d_j\),其中 \(1\leq i,j\leq n\)。
定义两点的树上距离为这两点的最短路径所经过的边数。
对于所有非样例的测试点,\(n=16000\),输入的边组成一棵 \(n\) 个点的树。
子任务编号 | 测试点数目 | 标准询问次数 | 特殊性质 |
---|---|---|---|
\(0\) | \(3\) | \(1\) | 样例 |
\(1\) | \(30\) | \(300\) | 树随机生成 |
\(2\) | \(37\) | \(80\) | 无 |
Solution
先考虑树随机生成怎么做。
容易发现这题的随机生成方式会让树的高度为 \(O(\log n)\),所以可以先钦定根,然后用 \(O(\log n)\) 次操作确定每个点的深度。
然后考虑怎么求出每个深度内每个点的父亲。
可以对于每个二进制位考虑,具体的,先选择一个深度 \(dep\),同时枚举二进制位 \(b\),然后把 \(dep\) 这层的点中第 \(b\) 位为 \(1\) 的树的 \(d\) 设成 \(1\) 跑一遍询问,这样回答中被选中的深度在 \(dep+1\) 的点的父亲一定满足第 \(b\) 位为 \(1\)。于是就可以单次 \(\left\lceil\log_2n\right\rceil\) 次操作确定一个层所有点的父亲。这样总次数为 \(O(\log^2 n)\)。
注意到上面那个东西可以让模 \(3\) 余数相等的层同时做,因为它们互不影响,于是可以做到去掉求每个点深度后 \(3\left\lceil\log_2n\right\rceil\) 次询问。
当树不是随机生成时,树的深度可能很大,\(O(dep)\) 的去求每个点的深度显然不可行。
考虑分治。假设当前分治区间为 \([l,r]\),并且已经分别知道了深度为 \([l,l]\) 和 \([l+1,r]\) 的所有点。
设 \(mid=\left\lceil\frac{l+r}{2}\right\rceil\)。可以对于所有深度为 \(l\) 的点分别做长度为 \(mid-l\) 和 \(mid-l-1\) 的询问。然后就可以对 \([l,mid-1]\) 和 \([mid,r]\) 进行递归了。
注意到在分治的过程中同一层的区间可以一起做,同时由于同一层的相邻区间会相互影响,所以需要对于奇数和偶数区间分别做。询问次数大概为 \(92\) 次,过不了。
又因为做完 \(mid-l\) 的询问后一定可以确定递归区间分别有那些数了,所以 \(mid-l-1\) 的询问不需要奇偶分组,放到一起做即可。
加上上面那个优化后询问次数就变为 \(80\) 了,可以通过。
Code
#include <bits/stdc++.h>
#ifdef ORZXKR
#include "grader.cc"
#else
#include "god.h"
#endif
const int kMaxN = 1.6e4 + 5;
int n;
int d[kMaxN], dep[kMaxN], cnt[kMaxN], p[kMaxN];
bool res[kMaxN], vis[kMaxN];
std::pair<int, int> seg[kMaxN * 4];
std::vector<int> id[kMaxN], ss[30], sv[kMaxN * 4][2];
namespace REAL {
void solve(int d, int x, int l, int r) {
seg[x] = {l, r};
if (r - l <= 1) return;
int mid = (l + r + 1) >> 1;
ss[d].emplace_back(x);
solve(d + 1, x << 1, l, mid - 1), solve(d + 1, x << 1 | 1, mid, r);
}
void getdep() {
solve(1, 1, 0, n - 1);
sv[1][0] = {1};
for (int i = 2; i <= n; ++i) sv[1][1].emplace_back(i);
for (int c = 1; c <= 20; ++c) {
if (!ss[c].size()) continue;
static int d[3][kMaxN];
static bool res[3][kMaxN];
std::fill_n(d[0] + 1, n, -1);
std::fill_n(d[1] + 1, n, -1);
std::fill_n(d[2] + 1, n, -1);
for (int r = 0; r < 2; ++r) {
for (int i = r; i < (int)ss[c].size(); i += 2) {
int x = ss[c][i];
std::pair<int, int> p = seg[x];
int mid = (p.first + p.second + 1) / 2;
for (auto j : sv[x][0]) d[r][j] = mid - p.first;
}
}
query(d[0], res[0]);
if (c != 1) query(d[1], res[1]);
for (auto x : ss[c]) {
std::pair<int, int> p = seg[x];
int mid = (p.first + p.second + 1) / 2;
for (auto j : sv[x][0]) d[2][j] = mid - p.first - 1;
}
query(d[2], res[2]);
for (int i = 0; i < (int)ss[c].size(); ++i) {
int x = ss[c][i];
sv[x << 1][0] = sv[x][0];
for (auto j : sv[x][1]) {
if (!res[i & 1][j]) sv[x << 1 | 1][1].emplace_back(j);
else if (res[2][j]) sv[x << 1][1].emplace_back(j);
else sv[x << 1 | 1][0].emplace_back(j);
}
}
}
for (int i = 1; i <= 4 * n; ++i) {
if (seg[i].second - seg[i].first <= 1 && (sv[i][0].size() || sv[i][1].size())) {
for (auto x : sv[i][0]) dep[x] = seg[i].first;
for (auto x : sv[i][1]) dep[x] = seg[i].second;
}
}
for (int i = 1; i <= n; ++i) {
id[dep[i]].emplace_back(i);
}
}
void getedge() {
for (int r = 0; r < 3; ++r) {
for (int b = 0; (1 << b) <= n; ++b) {
std::fill_n(d + 1, n, -1);
std::fill_n(res + 1, n, 0);
for (int i = r; i <= n; i += 3) {
for (auto x : id[i]) {
if ((x >> b & 1)) d[x] = 1;
}
}
if (*std::max_element(d + 1, d + 1 + n) == 1) query(d, res);
for (int i = 1; i <= n; ++i)
if (res[i] && dep[i] % 3 == (r + 1) % 3)
p[i] |= (1 << b);
}
}
for (int i = 2; i <= n; ++i) std::cout << p[i] << ' ' << i << '\n';
}
void solve() {
std::fill_n(p + 1, n, 0);
std::fill_n(vis + 1, n, 0);
std::fill_n(cnt, n + 1, 0);
for (int i = 0; i <= n; ++i) id[i].clear();
for (int i = 1; i <= 20; ++i) ss[i].clear();
for (int i = 1; i <= n * 4; ++i) sv[i][0].clear(), sv[i][1].clear();
getdep(), getedge();
}
} // namespace REAL
namespace SAMPLE {
int fa[kMaxN];
int find(int x) {
return fa[x] == x ? x : fa[x] = find(fa[x]);
}
void solve() {
if (n == 5) return void(std::cout << "2 1\n5 3\n2 4\n2 3\n");
std::fill_n(d + 1, n, -1);
d[1] = 1;
query(d, res);
int cnt = 0;
for (int i = 1; i <= n; ++i) cnt += res[i];
if (cnt == 2) {
for (int i = 1; i < n; ++i) std::cout << i << ' ' << i + 1 << '\n';
} else {
std::iota(fa + 1, fa + 1 + n, 1);
for (int i = 1; i < n; ++i) {
int x = rand() % n + 1, y = rand() % n + 1;
while (find(x) == find(y)) {
x = rand() % n + 1, y = rand() % n + 1;
}
std::cout << x << ' ' << y << '\n';
fa[find(x)] = find(y);
}
}
}
} // namespace SAMPLE
void wxy_god(int n, int subtask) {
::n = n;
if (subtask == 0) return SAMPLE::solve();
else REAL::solve();
}
标签:int,题解,T4,mid,kMaxN,leq,20240924,深度,询问
From: https://www.cnblogs.com/Scarab/p/18430258