题意
给定长度为 \(n\) 的字符串 \(s\)，只包含 0,1,?，其中 ? 可以任意替换为 0 和 1。
再给定 \(q\) 次单点修改，修改后查询字符串本质不同的子序列个数，对 \(998244353\) 取模。
\(n,q\le 10^5\)
分析
考虑没有修改怎么做。
首先跟 SA 没有任何关系。
设 \(f_{i,0/1}\) 表示考虑前 \(i\) 个字符，以 0 或者 1 结尾的子序列个数。
先给转移：
- 若 \(s_i =\)
0：\(f_{i,0}=f_{i-1,0}+f_{i-1,1}+1,f_{i,1}=f_{i-1,1}\)。 - 若 \(s_i =\)
1：\(f_{i,0}=f_{i-1,0},f_{i,1}=f_{i-1,0}+f_{i-1,1}+1\)。 - 若 \(s_i =\)
?：\(f_{i,0}=f_{i,1}=f_{i-1,0}+f_{i-1,1}+1\)。
看起来是比较反直觉的。这为什么是对的呢？
以 \(s_i=\) 0 时 \(f_{i,0}\) 的转移为例，其他的转移要么类似要么显然。
\(f_{i,0}=f_{i-1,0}+f_{i-1,1}+1\)，其意义是：给所有原先的合法子序列的末尾添加一个 0，\(1\) 是指再添加一个新的子序列：单独一个 0。
考虑这样为什么可以不重不漏的计数。对于原先的一个子序列 \(s\)，不难发现将 \(s\) 去掉末一位后的子序列仍然是合法的。所以将 \(s\) 末尾添加一个 0 后，\(s\) 本身可以由原来的 \(s\) 去掉末一位再添加一个 0 得到（由于我们统计的是以 0 结尾的子序列，若 \(s\) 仍然要被保留在答案里那么其末尾一定是 0）。注意到对所有合法子序列末尾添加 0 后单独一个 0 的子序列就没被算进答案里了，这时候我们要补加上。
现在考虑修改。考虑动态 DP，发现序列是树上的一种特殊形式。不难发现 \(f\) 可以矩乘优化的形式，把每次转移写成一个矩阵，那么单点修改实际上就是单点修改每一位的转移矩阵，查询就是求出所有转移矩阵的乘积。
时间复杂度 \(O(3^3 q\log n)\)。
转移矩阵塞代码里了。
点击查看代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<map>
#include<unordered_map>
#include<vector>
#include<queue>
#include<stack>
#include<bitset>
#include<set>
#include<ctime>
#include<random>
#include<cassert>
#define x1 xx1
#define y1 yy1
#define IOS ios::sync_with_stdio(false)
#define ITIE cin.tie(0);
#define OTIE cout.tie(0);
#define PY puts("Yes")
#define PN puts("No")
#define PW puts("-1")
#define P0 puts("0")
#define P__ puts("")
#define PU puts("--------------------")
#define mp make_pair
#define fi first
#define se second
#define gc getchar
#define pc putchar
#define pb emplace_back
#define un using namespace
#define all(x) x.begin(),x.end()
#define rep(a,b,c) for(int a=(b);a<=(c);++a)
#define per(a,b,c) for(int a=(b);a>=(c);--a)
#define reprange(a,b,c,d) for(int a=(b);a<=(c);a+=(d))
#define perrange(a,b,c,d) for(int a=(b);a>=(c);a-=(d))
#define graph(i,j,k,l) for(int i=k[j];i;i=l[i].nxt)
#define lowbit(x) (x&-x)
#define lson(x) (x<<1)
#define rson(x) (x<<1|1)
#define mem(x,y) memset(x,y,sizeof x)
//#define double long double
//#define int long long
//#define int __int128
using namespace std;
typedef long long i64;
typedef unsigned long long u64;
using pii=pair<int,int>;
bool greating(int x,int y){return x>y;}
bool greatingll(long long x,long long y){return x>y;}
inline int rd(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=(x<<1)+(x<<3)+ch-48;ch=getchar();}return x*f;
}
inline void write(int x,char ch='\0'){
if(x<0){x=-x;putchar('-');}
int y=0;char z[40];
while(x||!y){z[y++]=x%10+48;x/=10;}
while(y--)putchar(z[y]);if(ch!='\0')putchar(ch);
}
bool Mbg;
const int maxn=2e5+5,maxm=4e5+5,inf=0x3f3f3f3f,mod=998244353;
const long long llinf=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
int n,Q;
struct Matrix{
int mat[3][3];
Matrix(){rep(i,0,2)rep(j,0,2)mat[i][j]=0;}
}Z0,Z1,ZZ;
inline Matrix operator*(Matrix x,Matrix y){
Matrix res;
rep(i,0,2)rep(j,0,2)rep(k,0,2)res.mat[i][j]=(res.mat[i][j]+1ll*x.mat[i][k]*y.mat[k][j]%mod)%mod;
return res;
}
char s[maxn];
namespace sgt{
Matrix d[maxn<<2];
#define mid ((l+r)>>1)
inline void pu(int p){
d[p]=d[lson(p)]*d[rson(p)];
}
void bd(int l=1,int r=n,int p=1){
if(l==r){
d[p]=s[l]=='?'?ZZ:(s[l]=='0'?Z0:Z1);
return;
}
bd(l,mid,lson(p)),bd(mid+1,r,rson(p));
pu(p);
}
void upd(int x,char c,int l=1,int r=n,int p=1){
if(l==r){
d[p]=c=='?'?ZZ:(c=='0'?Z0:Z1);
return;
}
x<=mid?upd(x,c,l,mid,lson(p)):upd(x,c,mid+1,r,rson(p));
pu(p);
}
#undef mid
}un sgt;
inline void solve_the_problem(){
n=rd(),Q=rd(),scanf("%s",s+1);
Z0.mat[0][0]=Z0.mat[1][0]=Z0.mat[2][0]=Z0.mat[1][1]=Z0.mat[2][2]=1;
Z1.mat[0][0]=Z1.mat[1][1]=Z1.mat[2][1]=Z1.mat[0][1]=Z1.mat[2][2]=1;
ZZ.mat[0][0]=ZZ.mat[1][0]=ZZ.mat[2][0]=ZZ.mat[1][1]=ZZ.mat[2][2]=ZZ.mat[0][1]=ZZ.mat[2][1]=1;
bd();
while(Q--){
int x=rd();char t[1];scanf("%s",t);
s[x]=t[0],upd(x,s[x]);
write((d[1].mat[2][0]+d[1].mat[2][1])%mod,10);
}
}
bool Med;
signed main(){
// freopen(".in","r",stdin);freopen(".out","w",stdout);
// fprintf(stderr,"%.3lfMB\n",(&Mbg-&Med)/1048576.0);
int _=1;
while(_--)solve_the_problem();
}
/*
*/