T1：Language
注意到单词长度是无限的这个条件，分类讨论它的循环节"PIG" "IGP" "GPI"
将要操作的单词的每一位分别与三个循环节作比较，用前缀和维护其每一个子串需要修改的次数，取最小值即可
AC CODE
1 #include <bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 int n,k,prep[200009],minn;
4 string a;
5
6 void count(string s){
7 int p=0;
8 for(int i=1;i<=n;i++){
9 prep[i]=prep[i-1];
10 if(a[i]!=s[p])prep[i]++;
11 if(p==2)p=0;
12 else p++;
13 }
14 for(int i=k;i<=n;i++)
15 minn=min(minn,prep[i]-prep[i-k]);
16 }
17
18 void solve(){
19 minn=114514;
20 cin>>n>>k>>a;
21 a=' '+a;
22 count("PIG");
23 count("IGP");
24 count("GPI");
25 cout<<minn<<"\n";
26 }
27
28 int main() {
29 freopen("A.in","r",stdin);
30 freopen("A.out","w",stdout);
31 prep[0]=0;
32 int T;
33 cin>>T;
34 while(T--)solve();
35 return 0;
36 }
T2：Seat
“大胆猜测，小心求证”
观察到两个样例的n都是奇数，由此可以大胆地猜测当n为偶数时无解
那么如何证明呢？
当找不到规律时，我们可以把样例中规模较大而便于计算的样例拿去手算
选择样例2进行手算，过程如下：
很显然，此过程中，是两组两组的编号进行操作的，我们将此定义为一组操作。
我们还发现当一个编号被移动到目标位置（即其正对面的位置）以后，不再被操作（处0以外）。
因此，每一组操作具有独立性，即每一组操作之间互不影响。
那么显而易见，对于每一组操作，假设现在需要交换的两组为(a,a')和(b,b')，坐在空位对面的人为x，则操作顺序[a',a,x,a',b',x,b',a',x,b',b']一定可以交换这两组，然后分组交换最后判断空位的位置是否需要再交换一次即可。
那么很明显，当n为偶数时，总会有一组操作无法组成两组编号加上一个空位（奇偶性），也就意味着无法进行上述操作，故当n为偶数时无解，直接输出"-1"即可
AC CODE
1 #include<bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 const int N = 2e5 + 5;
4 int n,m,a[N];
5 int main(){
6 freopen("B.in","r",stdin);
7 freopen("B.out","w",stdout);
8 scanf("%d",&n);
9 for(int i = 0; i <= 2 * n - 1; i++) scanf("%d",&a[i]);
10 int pos = 0;
11 for(int i = 0; i <= 2 * n - 1; i++){
12 if(a[i] == 0) pos = i;
13 }
14 if(n % 2 == 0){
15 puts("-1");
16 return 0;
17 }
18 printf("%d\n", (n / 2) * 11 + ((n - 1) % 4 == 0));
19 bool flag = 0;
20 for(int i = 0; i <n ; i++){
21
22 if(a[i] != 0 && a[i + n] != 0){
23 int j = i + 1;
24 if(a[j] == 0 || a[j + n] == 0) j++;
25 if(pos < n){
26 printf("%d ",a[i + n]);
27 printf("%d ",a[i]);
28 printf("%d ",a[(pos + n) % (2 * n)]);
29 printf("%d ",a[i + n]);
30 printf("%d ",a[j + n]);
31 printf("%d ",a[(pos + n) % (2 * n)]);
32 printf("%d ",a[i + n]);
33 printf("%d ",a[j + n]);
34 printf("%d ",a[(pos + n) % (2 * n)]);
35 printf("%d ",a[j]);
36 printf("%d ",a[j + n]);
37 }
38 else{
39 printf("%d ",a[i]);
40 printf("%d ",a[i + n]);
41 printf("%d ",a[(pos + n) % (2 * n)]);
42 printf("%d ",a[i]);
43 printf("%d ",a[j]);
44 printf("%d ",a[(pos + n) % (2 * n)]);
45 printf("%d ",a[i]);
46 printf("%d ",a[j]);
47 printf("%d ",a[(pos + n) % (2 * n)]);
48 printf("%d ",a[j + n]);
49 printf("%d ",a[j]);
50 }
51 swap(a[pos],a[(pos + n) % (2 * n)]);
52 pos = (pos + n) % (2 * n);
53 i = j;
54 flag^=1;
55 }
56 else continue;
57 }
58 if(!flag) printf("%d ",a[(pos + n) % (2 * n)]);
59 return 0;
60 }
T3:Travel
考虑Dijkstra算法的流程。
如果我们将所有点同时当作起点放入单调队列中，并分别维护从每个点出发的最短路，前k个从队列中弹出的点对即为所求答案。
但是如果对于每个弹出的(s,t)点对，更新其所有边可能导致k的代价。
考虑这样一种情况，假设链接点t按照边权从小到大排序，et(i)为与点t相连的权值第i大的边，在(s,t)+et(i)弹出单调队列前，(s,t)+et(i+1)一定不会成为答案。
故我们对于每个弹出队列的点对(s,t)+et(i),只需更新其相连的权值最小的边与(s,t)+et(i+1)即可。
时间复杂度O(N+K)log(N+K)+MlogM)。
AC CODE
1 #pragma GCC optimize ("O3")
2 #pragma GCC target ("sse4")
3 #include <bits/stdc++.h>
4 #include <ext/pb_ds/tree_policy.hpp>
5 #include <ext/pb_ds/assoc_container.hpp>
6 using namespace std;
7 using namespace __gnu_pbds;
8 typedef long long ll;
9 typedef long double ld;
10 typedef complex<ld> cd;
11 typedef pair<int, int> pi;
12 typedef pair<ll,ll> pl;
13 typedef pair<ld,ld> pd;
14 typedef vector<int> vi;
15 typedef vector<ld> vd;
16 typedef vector<ll> vl;
17 typedef vector<pi> vpi;
18 typedef vector<pl> vpl;
19 typedef vector<cd> vcd;
20 template <class T> using Tree = tree<T, null_type, less<T>, rb_tree_tag,tree_order_statistics_node_update>;
21 #define FOR(i, a, b) for (int i=a; i<(b); i++)
22 #define F0R(i, a) for (int i=0; i<(a); i++)
23 #define FORd(i,a,b) for (int i = (b)-1; i >= a; i--)
24 #define F0Rd(i,a) for (int i = (a)-1; i >= 0; i--)
25 #define sz(x) (int)(x).size()
26 #define mp make_pair
27 #define pb push_back
28 #define f first
29 #define s second
30 #define lb lower_bound
31 #define ub upper_bound
32 #define all(x) x.begin(), x.end()
33 #define shandom_ruffle random_shuffle
34 const int MOD = 1e9+7;
35 const ll INF = 1e18;
36 const int MX = 1e5+1; //check the limits, dummy
37 ll ans = 0;
38 struct data {
39 ll weight; int start, last, index;
40 data(ll w, int S, int L, int I) {weight = w; start = S; last = L; index = I;}
41 bool operator<(data other) const{return weight > other.weight;}
42 };
43 int main() {
44 ios_base::sync_with_stdio(0); cin.tie(0);
45 int N, M, K; cin >> N >> M >> K;
46 vector<vpl> graph(N);
47 F0R(i, M) {
48 ll A, B, C; cin >> A >> B >> C; A--; B--;
49 graph[A].pb(mp(C, B));
50 graph[B].pb(mp(C, A));
51 }
52 F0R(i, N)sort(all(graph[i]));
53 priority_queue<data> pq;
54 K *= 2;
55 set<pl> visited;
56 F0R(i, N) {pq.push(data(graph[i][0].f, i, i, 0));visited.insert(mp(i, i));}
57 while (!pq.empty()) {
58 data cur = pq.top();
59 pq.pop();
60 int nxt = graph[cur.last][cur.index].s;
61 if (!visited.count(mp(cur.start, graph[cur.last][cur.index].s))) {
62 visited.insert(mp(cur.start, graph[cur.last][cur.index].s));
63 K--;
64 ans += cur.weight;
65 if(K == 0) {cout << ans << endl; return 0;}
66 pq.push(data(cur.weight + graph[nxt][0].f, cur.start, nxt, 0));
67 }
68 if (cur.index + 1 < sz(graph[cur.last]))
69 pq.push(data(cur.weight - graph[cur.last][cur.index].f + graph[cur.last][cur.index + 1].f, cur.start, cur.last, cur.index + 1));
70 }
71 return 0;
72 }
前面那一大堆纯属装X的，不是吗？（滑稽）
T4:Nobel
As the saying goes , easier said than done...
首先意识到碰撞只会在相邻的粒子之间发生，一共三种情况：同时向左，同时向右，相向运动，每种情况的碰撞时间可以O(1)求出。我
们对于所有碰撞情况按照时间排序，只要求出每种碰撞为第一次碰撞的概率即可(也就是前i-1种碰撞全不发生减掉前种碰撞全不发生的概率)
每种粒子和他上一个粒子子互相作用的情况可以用2*2矩阵表示，累乘即可得到前i种全不发生的概率，用线段树维护矩阵即可。
AC CODE
1 #include<bits/stdc++.h>
2 #define re register
3 #define inc(i,j,k) for(re int i=j;i<=k;i++)
4 #define ll long long
5 #define lc o<<1
6 #define rc o<<1|1
7 using namespace std;
8 const int mod=998244353;
9 const int N=2e5+5;
10 inline int read(){
11 int x=0,f=1;
12 char ch=getchar();
13 while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
14 while('0'<=ch&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
15 return f*x;
16 }
17 int n,x[N],v[N],tot;
18 ll p[N],inv,ans;
19 ll qp(ll x,ll k){
20 ll res=1;
21 while(k){
22 if(k&1) res=res*x%mod;
23 k>>=1,x=x*x%mod;
24 }
25 return res;
26 }
27 struct mat{
28 ll m[2][2];
29 void clear(){memset(m,0,sizeof(m));}
30 }t[N<<2],a[N];
31 mat operator*(mat a,mat b){
32 mat tmp;tmp.clear();
33 inc(i,0,1)
34 inc(j,0,1)
35 inc(k,0,1) (tmp.m[i][j]+=a.m[i][k]*b.m[k][j]%mod)%=mod;
36 return tmp;
37 }
38 struct opt{
39 int u,v,pu,pv;
40 ll dx,dv;
41 opt(){}
42 opt(int uu,int vv,int p_u,int p_v,int d_x,int d_v){u=uu,v=vv,pu=p_u,pv=p_v,dx=d_x,dv=d_v;}
43 }P[N<<2];
44 bool operator<(opt x,opt y){return x.dx*y.dv<y.dx*x.dv;}
45 void ins(int o,int l,int r,int x){
46 if(l==r){t[o]=a[l];return;}
47 int mid=(l+r)>>1;
48 if(x<=mid) ins(lc,l,mid,x);
49 else ins(rc,mid+1,r,x);
50 t[o]=t[lc]*t[rc];
51 }
52 mat query(int o,int l,int r,int x,int y){
53 if(x<=l&&r<=y) return t[o];
54 int mid=(l+r)>>1;
55 if(x>mid) return query(rc,mid+1,r,x,y);
56 if(y<=mid) return query(lc,l,mid,x,y);
57 return query(lc,l,mid,x,y)*query(rc,mid+1,r,x,y);
58 }
59 int main(){
60 inv=qp(100,mod-2);
61 n=read();
62 inc(i,1,n){
63 x[i]=read(),v[i]=read(),p[i]=read();
64 p[i]=p[i]*inv%mod;p[i]=(1-p[i]+mod)%mod;
65 if(i==1){
66 a[i].m[0][0]=p[i];
67 a[i].m[0][1]=(1-p[i]+mod)%mod;
68 ins(1,1,n,i);
69 }
70 else{
71 a[i].m[0][0]=a[i].m[1][0]=p[i];
72 a[i].m[0][1]=a[i].m[1][1]=(1-p[i]+mod)%mod;
73 ins(1,1,n,i);
74 if(v[i]-v[i-1]>0) P[++tot]=opt(i-1,i,0,0,x[i]-x[i-1],v[i]-v[i-1]);
75 if(v[i-1]-v[i]>0) P[++tot]=opt(i-1,i,1,1,x[i]-x[i-1],v[i-1]-v[i]);
76 if(v[i-1]+v[i]>0) P[++tot]=opt(i-1,i,1,0,x[i]-x[i-1],v[i-1]+v[i]);
77 }
78 }
79 sort(P+1,P+1+tot);
80 inc(i,1,tot){
81 int l=P[i].u,r=P[i].v;
82 ll ret=P[i].dx*qp(P[i].dv,mod-2)%mod;
83 mat tmp;
84 tmp=query(1,1,n,1,l);
85 ret=ret*(tmp.m[0][P[i].pu]+tmp.m[1][P[i].pu])%mod;
86 ret=ret*a[r].m[P[i].pu][P[i].pv]%mod;
87 if(r!=n){
88 tmp=query(1,1,n,r+1,n);
89 ret=ret*(tmp.m[P[i].pv][0]+tmp.m[P[i].pv][1])%mod;
90 }
91 (ans+=ret)%=mod;
92 a[r].m[P[i].pu][P[i].pv]=0;
93 ins(1,1,n,r);
94 }
95 printf("%lld",ans);
96 }
归（做）纳（题）与（的）总（心）结（得）
T1:半小时就切了好吧O(∩_∩)O
T2:找到规律就好做啦~(ง •_•)ง
T3:亿点点小难哦~（＞人＜；）
T4:整个人都麻了好吧( ఠൠఠ )ﾉ
终于又水了一篇喽，溜了溜了ε=ε=ε=(~￣▽￣)~
标签：typedef,cur,10.6,int,graph,冲刺班,2023,ll,define From： https://www.cnblogs.com/zhipuqingnian/p/17744759.html