思路这道题目很像找\(2\)头牛的最近公共祖先，即lca,但是并不用那么麻烦.因为数据很小，我们可以写一个山寨版的lca.具体如下.intmother(stringx,stringy){ intres=0; while(y!=""){//有名字的牛 if(x==y)returnres;//两头牛的名字相等，说明是同

题目自己尝试了好几次，才通过了classSolution{public:vector<int>spiralOrder(vector<vector<int>>&matrix){vector<int>ans;intx=matrix.size(),y=matrix[0].size();intsx=0,ex=x-1,sy=0,ey=y-

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一、创建软件包（非必须）通过事务码SE21创建软件包1、填写包名，点击创建。注意包名用Z开头。2、填写对包的简短描述，软件组织选择客户开发，点击确认。 3、点击确认。 4、检查信息，无误，点击保存。 5、如果需要删除下挂没有程序的包，通过事务码SE80,搜索软件包，右键删除即可

输入公式和对应值，先算括号、再算乘除，再算加减 结果参考代码调用函数EVAL_FORMULA计算DATA:datafTYPEf,datapTYPElbkum.PARAMETERS:formula(40)DEFAULT'A*B*C*D',a_valTYPElbkumDEFAULT3,b_valTYPElbkumDEF

文章目录前言一、基本原理1.原理介绍2.优化流程(1)初始化阶段(2)配准阶段前言相关中文博客1：CSDN强烈推荐相关中文博客2：CSDN3D变换雅可比海森矩阵计算：CSDN一、基本原理1.原理介绍在使用NDT（NormalDistributionsTransform）进行扫描配准时，目标是找到当前扫描

桌游制造我们可以对于每种图案记录拥有这种图案的有那些圆片,然后我们枚举每一个圆片,枚举这个圆片上面的图案,枚举拥有这种图案的圆片还有哪些,然后分别打上标记,如果有一个圆片明明已经有标记了,然而又要被打一次标记,那么我们可以直接输出\(NO\)如果标记都已经打完了,可还是

多校A层冲刺NOIP2024模拟赛01构造字符串咕咕咕寻宝咕咕咕点击查看代码#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;constintmaxn=50009;intn,m,k,q,tot,cnt,vis[32767];inta[4]={1,-1,0,0};intb[4]={0,0,-1,1};map<int,short>mp[maxn];queue<pair<int,int>>

摘自：一看题目，像个搜索再一看，像个广度优先搜索既然是BFS，那我们首先要搞出一个（一堆）队列那问题是队列里咱们存啥呢？？？首先，按照广搜解决“迷宫问题”的国际惯例，肯定要先把坐标和步数存到里面！可是，这似乎不大够？因为荆轲还有两种技能：隐身和瞬移。隐身：balabala……瞬移：balabala……

错误信息 SQLSTATE[HY000][2013]LostconnectiontoMySQLserverat'readinginitialcommunicationpacket',systemerror:111 翻译成中文为：在读取初始化数据包时失去到MySQL服务器的连接，系统错误111。通讯包初始化失败，估计是不允许连接访问引起的。解决办法以下是

[ARC073F]ManyMoves题解个人感觉其实还挺套路的题目。不配紫题。对于两个玩意在数轴上跑来跑去这种题目，常见的套路是固定一个点的位置，用另一个点的位置设为状态。对于本题，题目已经帮你固定了一个点，于是我们设\(dp_{x}\)表示一个点在当前要求的位置，另一个点在\(x\)的最小

原文链接：https://blog.csdn.net/z_x_xing_/article/details/90201003前台操作，如下图：  点击图中的批准按钮，逐级完成采购订单的审批节点。  2.查看表中数据  发布状态——对应前台界面当前已审批的节点 BAPI使用CALLFUNCTION'BAPI_PO_RELEASE'EXPORTIN

直接调用这个方法就行传递q（金额）和r（人数就行）保证人均最少一分钱当剩余金额大于80%的时候，会在金额20%的区间内取大红包随机分配；基础分配规则为，按照每人可以随机5次的要求，得出每次随机的金额，随机分给其中一人functionfen(q,r){//q=红包金额单位元，最小0.01r=分配人数if

LuoguP7250BalticOI山峰。一道大模拟，很暴力，也很难写。建议紫或蓝，标签为模拟、广度优先搜索、并查集。思路首先观察到答案取决于路线上的最低点，所以我们可以把所有点的高度丢进一个桶里，从大到小枚举，尝试更新答案。这应该是个挺经典的trick了。感性理解可以看作所有山都先

每次找到最高点，进行BFS染色，每次染色之后答案\(+1\)就可以了#include<bits/stdc++.h>#defineintlonglongusingnamespacestd;intn,m,k,ans;chara[55][55];//地图boolvis[55][55];intdx[4]={0,1,0,-1};//方位数组intdy[4]={1,0,-1,0};struct

#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;charmp[105][105];boolvis[105][105];intdx[4]={0,0,1,-1};intdy[4]={-1,1,0,0};intfx,fy,sx,sy,n,c,a=0;voiddfs(intx,inty){  if(x==fx&&y==fy)  {    cout<<"YES"&l

目录ES6解构赋值概述解构模型数组模型的解构（Array）对象模型的解构（Object）ES6Symbol概述基本用法使用场景ES6解构赋值概述解构赋值是对赋值运算符的扩展。他是一种针对数组或者对象进行模式匹配，然后对其中的变量进行赋值。在代码书写上简洁且易读，语义更加清晰

省流模式，看下对比//常规查询varquery=users.WhereIf(m=>m.UserName.Contains(input.UserName),!string.IsNullOrEmpty(input.UserName)).WhereIf(m=>input.RoleIds.Contains(m.RoleId),input.RoleIds?.A

 1.该表达式插件通过模型继承获取对应的能力。目前提供的模型有QueryModel：基础查询类PageModel：分页查询参数类（默认每页分页20条）FullQueryModel：查询模型，对比QueryModel多了查询集合QueryItems和过滤FilterFields。前端可以在后端给与的基础上，添加查询参数，对于前端来说

题意一个包括空地、障碍和空洞的\(H\timesW\)地图，从第一列随机选取空地作为起始位置，到达某个空洞后停止运动。给定向上下左右移动的概率比\(p_u:p_d:p_l:p_r\)，求在每个空洞停止运动的概率为多少。sol由于每次到达空洞后即会停止运动，因此到达空洞的期望次数即为到达每个空洞

link。不是，怎么四方跑得飞快啊？成最优解了？有人会卡吗？鉴定为剪枝太多导致的。一个出发点不太一样的思路。假设上下左右各被操作了\(U,D,L,R\)次。我们考虑一个点\((x,y)\)不被感染的条件是初始时\([x-D,x+U]\times[y-R,y+L]\)这个矩形内没有任何感染点。考虑扣出所有中间

警示后人1.数组空间要定义合适：不要追求刚刚好，也不要盲目开大很多，都容易RE，很蠢。比如下面这段代码，是做“小岛探险”时发现的：intsx[2],sy[2],num=0,tx,ty;inlinevoiddfs(intx,inty,charcol){ ...if(!pd||(pd==1&&x==tx&&y==ty))sx[num]=x,sy[num]=y,++num;

背景去中考了，比赛没打，来补一下题。分析这道题让我想起了这道题（连题目名称都是连着的），不过显然要简单一些。这道题显然要推一些式子。我们发现，和上面提到的那道题目一样，沿着对角线走台阶，纵坐标走到以后再走横坐标显然是最优策略。这时候的答案就是横纵坐标差的和的一半（这就不用

DATA:lt_bomTYPETABLEOFtyp_out.DATA:lv_datumTYPEsy-datum,lv_messageTYPEchar128,lv_dateTYPEcsap_mbom-datuv.DATA:ls_stkoTYPEstko_api01,ls_warningTYPEcapiflag-flwarning,ls_stko2TYPEstk

考虑到砖块的横着的线都是一条条形如\(y=...\)的线，不可避免，只有穿过竖着的线是可以节省。观察发现，当\(\Deltax\le\Deltay\)时，通过斜着走可以规避掉竖线，答案为\(\Deltay\)。否则，出现一些无法规避的线，我们考虑令\(s_x<t_x\)。根据\(x+y\)奇偶性，分为两类起点，然后斜着