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暑假集训CSP提高模拟1

时间:2024-07-18 18:51:55浏览次数:12  
标签:cnt frac limits 位不为 ll 集训 暑假 sum CSP

暑假集训CSP提高模拟1

\(T1\) T2687. Start

\(T2\) T807. mine

  • 原题: CF404D Minesweeper 1D

  • 设 \(f_{i,0/1/2/3/4}\) 分别表示处理到第 \(i\) 位时,第 \(i\) 位为雷/第 \(i\) 位不为雷,第 \(i-1,i+1\) 位不为雷/第 \(i\) 位不为雷,第 \(i-1\) 位不为雷,第 \(i+1\) 位为雷/第 \(i\) 位不为雷,第 \(i-1\) 位为雷,第 \(i+1\) 位不为雷/第 \(i\) 位不为雷,第 \(i-1,i+1\) 位为雷的方案数,状态转移方程(如果存在这个状态的话)为 \(\begin{cases} f_{i,0}=f_{i-1,0}+f_{i-1,2}+f_{i-1,4} \\ f_{i,1}=f_{i-1,1}+f_{i-1,3} \\ f_{i,2}=f_{i-1,1}+f_{i-1,3} \\ f_{i,3}=f_{i-1,0} \\ f_{i,4}=f_{i-1,0} \end{cases}\) ,边界为 \(f_{0,1}=f_{0,2}=1\) 。

  • 最终,有 \(f_{|s|,0}+f_{|s|,1}+f_{|s|,3}\) 即为所求。

    点击查看代码
    const ll p=1000000007;
    ll f[1000010][5];
    char s[1000010];
    int main()
    {
    	ll n,i;
    	cin>>(s+1);
    	n=strlen(s+1);
    	f[0][1]=f[0][2]=1;
    	for(i=1;i<=n;i++)
    	{
    		if(s[i]=='?')
    		{
    			f[i][0]=(f[i-1][0]+f[i-1][2]+f[i-1][4])%p;
    			f[i][1]=(f[i-1][1]+f[i-1][3])%p;
    			f[i][2]=(f[i-1][1]+f[i-1][3])%p;
    			f[i][3]=f[i-1][0];
    			f[i][4]=f[i-1][0];
    		}
    		if(s[i]=='*')
    		{
    			f[i][0]=(f[i-1][0]+f[i-1][2]+f[i-1][4])%p;
    		}
    		if(s[i]=='0')
    		{
    			f[i][1]=(f[i-1][1]+f[i-1][3])%p;
    		}
    		if(s[i]=='1')
    		{
    			f[i][2]=(f[i-1][1]+f[i-1][3])%p;
    			f[i][3]=f[i-1][0];
    		}
    		if(s[i]=='2')
    		{
    			f[i][4]=f[i-1][0];
    		}
    	}
    	cout<<(f[n][0]+f[n][1]+f[n][3])%p<<endl;
    	return 0;
    }
    
  • 貌似还有列出方程组后,手动解带状矩阵,求自由元数量的高级做法,但我不会,暂时咕了。

\(T3\) T2790. 小凯的疑惑

  • 最终能组成的数一定能表示成 \(k \times \gcd(x,y)(k \in \mathbb{N})\) 的形式,即最终能组成的数 \(\bmod \gcd(x,y)=0\) 。

  • 当 \(d \ne 1\) 时存在无数个正整数不能被如此表示。

  • 当 \(d=1\) 时

    • 由弱化版 luogu P3951 [NOIP2017 提高组] 小凯的疑惑 / [蓝桥杯 2013 省] 买不到的数目 的结论,有不能被 \(x,y\) 表示的最大整数为 \(xy-x-y\) 。
    • 又因为剩余系的性质,有当 \(a\) 跑遍模 \(y\) 的完全剩余系时 \(ax\) 也跑遍模 \(y\) 的完全剩余系。
    • 考虑从完全剩余系入手,枚举 \(a \in [0,y)\) 即可不重不漏地算完。
      • 设 \(c=ax+by(b \le 0 \le a)\) ,移项有 \(ax-c=-by\) 。当 \(ax\) 确定时,因为 \(c \ge 1\) 有 \(-b \in [1, \left\lfloor \dfrac{ax}{y} \right\rfloor]\) 。
    • 最终,有 \(\begin{aligned} \sum\limits_{i=0}^{y-1} \left\lfloor \frac{ix}{y} \right\rfloor &=\frac{\sum\limits_{i=0}^{y-1} (ix)-\sum\limits_{i=0}^{y-1} (ix \bmod y)}{y} \\ &=\frac{x \times \sum\limits_{i=0}^{y-1}i-\sum\limits_{i=0}^{y-1}i}{y} \\ &=\frac{\frac{xy(y-1)}{2}-\frac{y(y-1)}{2}}{y} \\ &=\frac{(x-1)(y-1)}{2} \end{aligned}\) 即为所求。
    点击查看代码
    ll gcd(ll a,ll b)
    {
    	return b?gcd(b,a%b):a;
    }
    int main()
    {
    	ll x,y;
    	cin>>x>>y;
    	cout<<(gcd(x,y)==1?(x-1)*(y-1)/2:-1)<<endl;
    	return 0;
    }
    

\(T4\) T2810. 春节十二响

  • 原题: luogu P5290 [十二省联考 2019] 春节十二响

  • 对于以 \(x\) 为根的子树内的节点分段时一定是和以 \(fa_{x}\) 为根的子树内除以 \(x\) 为根的子树外的其他子树的节点在同一个段。

  • 从贪心的角度分析,大的数和大的数在一起一定是最优的,优先队列或可并堆维护。

  • 启发式合并维护即可。

    点击查看代码
    struct node
    {
    	ll nxt,to;
    }e[200010];
    ll head[200010],a[200010],cnt=0;
    priority_queue<ll>q[200010],ls;
    void add(ll u,ll v)
    {
    	cnt++;
    	e[cnt].nxt=head[u];
    	e[cnt].to=v;
    	head[u]=cnt;
    }
    void dsu_merge(ll x,ll y)
    {
    	if(q[x].size()<q[y].size())
    	{
    		swap(q[x],q[y]);
    	}
    	while(q[y].empty()==0)
    	{
    		ls.push(max(q[x].top(),q[y].top()));
    		q[x].pop();
    		q[y].pop();
    	}
    	while(ls.empty()==0)
    	{
    		q[x].push(ls.top());
    		ls.pop();
    	}
    }
    void dfs(ll x)
    {
    	for(ll i=head[x];i!=0;i=e[i].nxt)
    	{
    		dfs(e[i].to);
    		dsu_merge(x,e[i].to);
    	}
    	q[x].push(a[x]);
    }
    int main()
    {
    	ll n,u,v,ans=0,i;
    	cin>>n;
    	for(i=1;i<=n;i++)
    	{
    		cin>>a[i];
    	}
    	for(i=2;i<=n;i++)
    	{
    		cin>>u;
    		v=i;
    		add(u,v);
    	}
    	dfs(1);
    	while(q[1].empty()==0)
    	{
    		ans+=q[1].top();
    		q[1].pop();
    	}
    	cout<<ans<<endl;
    	return 0;
    }
    

总结

后记

标签:cnt,frac,limits,位不为,ll,集训,暑假,sum,CSP
From: https://www.cnblogs.com/The-Shadow-Dragon/p/18309828

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