ABC212 复盘
[ABC212C] Min Difference
思路解析
与 \(a_i\) 差值最小的某个 \(b_j\) 要么是第一个大于它的值,要么是第一个小于它的值,而这两个值都可以用二分求得,于是我们直接将 \(b\) 数组排序,然后对于每一个 \(a_i\) 都用二分找到上文提到的两个值即可。
code
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
const int N = 2e5 + 10;
int n, m, a[N], b[N];
signed main() {
cin >> n >> m;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
cin >> a[i];
}
for(int i = 1; i <= m; i++) {
cin >> b[i];
}
sort(b + 1, b + m + 1);
b[0] = -2e9, b[m + 1] = 2e9;
long long ans = 2e9;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
int lt = *(upper_bound(b + 1, b + m + 1, a[i]) - 1);
int rt = *lower_bound(b + 1, b + m + 1, a[i]);
ans = min(ans, min(a[i] - lt, rt - a[i]));
}
cout << ans;
return 0;
}
[ABC212D] Querying Multiset
思路解析
可见将整个集合加一个值如果暴力做会 TLE,所以我们选择用一个 lazytag 记录下所有操作二的值的和,在加入集合和查询值时就根据 lazytag 加或减即可。由于查询只查询最小值,所以可以选择用小根堆存储。
时间复杂度:小根堆自带 \(O(\log N)\)(\(N\) 为元素个数)的常数,执行 \(Q\) 次询问,最多会有 \(Q\) 个元素,总复杂度为 \(O(Q \log Q)\)。
code
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
int Q, add = 0;
priority_queue<int, vector<int>, greater<int> > q;
signed main() {
cin >> Q;
while(Q--) {
int op, x;
cin >> op;
if(op == 1) {
cin >> x;
q.push(x - add);
} else if(op == 2) {
cin >> x;
add += x;
} else if(op == 3) {
cout << q.top() + add << '\n';
q.pop();
}
}
return 0;
}
[ABC212E] Safety Journey
思路解析
首先根据题目的条件我们可以想到 dp,用 \(f_{i,j}\) 表示走了 \(i\) 步,现在在 \(j\) 的方案数,可见转移即是 \(f_{i,u} \gets \sum{f_{i-1,v}}\),这里的 \(v\) 表示每个与 \(u\) 相连的点。可见如此做时间复杂度为 \(O(kn(\frac{n(n-1)}{2}-m))=O(k(\frac{n^3-n^2}{2}-nm)) \approx O(kn^3-knm)\),考虑优化。
可以发现如果我们像上文一样建边总边数可以达到 \(\frac{n(n-1)}{2}-m \approx n^2-m\),这个大小是很难被接受的,于是我们想到可以建反边,也就是只建被删除的那 \(m\) 条边,这样总边数就只有 \(m\) 条,可以接受,然后对于统计答案就只需要将转移式改成 \(f_{i,u} \gets \sum^{n}_{j=1}{f_{i-1,j}}-\sum{f_{i-1,v}}\) 即可,其中 \(\sum^{n}_{j=1}{f_{i-1,j}}\) 对于每个 \(u\) 都不会变,可以提前处理好。
注意计算 \(f_{i,u}\) 时要先减去 \(f_{i-1,u}\),同时勤取模。
时间复杂度:虽有三层循环,但第二层内遍历的是每一条边,而总共只有 \(m\) 条边,因此为 \(O(km)\),可以通过。
code
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
const int N = 5010, q = 998244353;
int n, m, k, f[N][N];
vector<int> g[N];
void mod(int &x) {
x = (x % q + q) % q;
}
signed main() {
cin >> n >> m >> k;
for(int i = 1, u, v; i <= m; i++) {
cin >> u >> v;
g[u].push_back(v); g[v].push_back(u);
}
f[0][1] = 1;
for(int i = 1; i <= k; i++) {
int sum = 0;
for(int j = 1; j <= n; j++) sum += f[i - 1][j], mod(sum);
for(int j = 1; j <= n; j++) {
f[i][j] = sum - f[i - 1][j]; mod(f[i][j]);
for(auto it : g[j]) {
f[i][j] -= f[i - 1][it]; mod(f[i][j]);
}
}
}
cout << f[k][1];
return 0;
}
标签:ABC212,int,复杂度,cin,long,sum,复盘,op
From: https://www.cnblogs.com/2020luke/p/18141676