Educational Codeforces Round 151 (Rated for Div. 2)(C,D)

C(dp,子序列自动机)

C

题目大意就就是给你一个字符串\(s\),还给出两个边界字符串\(l\)和\(r\),长度为\(m\),问我们是否可以构造满足一下条件的字符串

\(1\),第\(i\)个字符必须在\(l_i\)和\(r_i\)的双闭区间里面

\(2\),这个获得的字符串不可以是\(s\)的序列（\(s\)里面删除任意个字符得到的字符串）

这一场我是\(vp\)的，结果惨不忍睹，但是，这个题我在\(vp\)时有思路，后面虽然时间过了，但是还是过了

既然是求不是\(s\)的子序列，我当时是求出以\(s\)的子序列，满足\(l,r\)要求的数量的字符串的数量（每一个位置可以是不同的字符），我们可以求出所有的数量，然后拿我们求得这个序列得到的字符串的数量，如果数量比所有的数量少，那么一定存在满足以上条件，否则，不满足

然后我就想出来状态转移方程

\(dp[i] [j]\)代表第\(i\)个字符是\(j\)的数量，\(sum[i]\)是\(dp[i]\)的\(1-9\)的和

但是我后面发现第\(i\)个字符为\(j\)可以存在\(s\)的多个不同位置，但是第\(i\)个字符为\(j\)的贡献只有\(1\)，然后我每次得到一个最新的第\(i\)个字符为\(j\)，我都会减去前面的值，然后再加上此时获得的值（一定大于等于前面的值），这样第\(i\)个字符为\(j\)的字符串数量一定是最大的数量

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <string>
#include <map>
#include <set>
#include <queue>
#include <stack>
#include<cmath>
#include <unordered_map>
#include <array>
#include <cstring>
#include <bitset>
#include <numeric>
using namespace std;
#define int long long 
#define LL long long
#define ios  ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0),cout.tie(0)
#define inf 1e18
#define INF 1e18
#define eps 1e-6
#define mem(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
const int maxn=3e5+10;
const int mod=998244353;
int t;
int dp[maxn][10];
int sum[maxn];
int m,n;
string s,l,r;
void solve()
{
  cin>>s>>m>>l>>r;
  int cnt=1;
  n=s.size();
  s=" "+s;
  l=" "+l;
  r=" "+r;
  for (int i=1;i<=m;i++)
  {
    int tot=r[i]-l[i]+1;
    if(tot)
    {
      cnt=cnt*tot;
    }
    else 
    {
      cnt=0;
      break;
    }
    for (int j=0;j<=9;j++)
    {
      dp[i][j]=0;
    }
    sum[i]=0;
  }
  if(cnt==0)
  {
    cout<<"NO\n";
    return ;
  }
  for (int i=1;i<=n;i++)
  {
    int now=s[i]-'0';
    for (int j=m;j>=1;j--)
    {
      if(s[i]>=l[j]&&s[i]<=r[j])
      {
        int last=dp[j][now];
        if(j==1)
        {
          dp[j][now]=1;
        }
        else 
        {
          dp[j][now]=sum[j-1];
        }
        sum[j]-=last;
        sum[j]+=dp[j][now];
      }
    }
  }
  if(sum[m]>=cnt)
  {
    cout<<"NO\n";
  }
  else 
  {
    cout<<"YES\n";
  }
  return ;
}
signed main ()
{
  //ios;
  cin>>t;
  while (t--)
  {
    solve();
  }
  system ("pause");
  return 0;
}

然后我后面看到有大佬利用子序列自动机来解决这个问题

子序列自动机

这里使用子序列自动机来查找满足\(l,r\)条件的的字符串是否是\(s\)的子序列

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <string>
#include <map>
#include <set>
#include <queue>
#include <stack>
#include<cmath>
#include <unordered_map>
#include <array>
#include <cstring>
#include <bitset>
#include <numeric>
using namespace std;
#define int long long 
#define LL long long
#define ios  ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0),cout.tie(0)
#define inf 1e18
#define INF 1e18
#define eps 1e-6
#define mem(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
const int maxn=3e5+10;
const int mod=998244353;
int t;
string s,l,r;
int n,m;
void solve()
{
  cin>>s;
  n=s.size();
  vector<vector<int>>nxt(n+2,vector<int>(10));
  for (int i=0;i<=9;i++)
  {
    nxt[n+1][i]=n+10;
  }
  s=" "+s;
  cin>>m>>l>>r;
  l=" "+l;
  r=" "+r;
  for (int i=n;i>=1;i--)
  {
    int now=s[i]-'0';
    nxt[i]=nxt[i+1];
    nxt[i][now]=i+1;
  }
  int last=1;
  for (int i=1;i<=m;i++)
  {
    int cur=0;
    int ll=l[i]-'0',rr=r[i]-'0';
    for (int j=ll;j<=rr;j++)
    {
      cur=max(cur,nxt[last][j]);
    }
    last=cur;
    if(last>n+1)
    {
      cout<<"YES\n";
      return ;
    }
  }
  cout<<"NO\n";
  return ;
}
signed main ()
{
  //ios;
  cin>>t;
  while (t--)
  {
    solve();
  }
  system ("pause");
  return 0;
}

D(思维)

D

这个题目的题意很好懂，大意就是给你一个长度为\(n\)的数组，每一个\(a_i\)都代表着一种变化（\(a_i\)可以小于\(0\))，把\(pre\)变成\(pre+a_i\)，我们可以任意选择一个\(k\)，这样后面要是遇到变化后如果\(pre\)小于\(k\)了，但是它可以不用变得那么小，而是直接变成\(k\),我们需要知道选择\(k\)为多少时，在经过\(n\)次变化之后得到的数最大

我们要让这个数最大，主要是靠那些变小的\(a_i\)，我们可以把某一个在当前可以为最大的\(pre\)作为\(k\),然后后面我们要让这个\(k\)减小负数对\(pre\)的影响，那么就是\(premax\)和\(sum[i]\)(一切正常到了这个操作后的数字)，让这两个数字之间的差值越大，那么主观下来，好像，可以让这些负数的操作使\(pre\)变小的数值更小

以上只是个人拙见

大佬题解

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <string>
#include <map>
#include <set>
#include <queue>
#include <stack>
#include<cmath>
#include <unordered_map>
#include <array>
#include <cstring>
#include <bitset>
#include <numeric>
using namespace std;
#define int long long 
#define LL long long
#define ios  ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0),cout.tie(0)
#define inf 1e18
#define INF 1e18
#define eps 1e-6
#define mem(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
const int maxn=3e5+10;
const int mod=998244353;
int t;
int n,a[maxn],sum[maxn];
void solve()
{
  cin>>n;
  int ans=0;
  for (int i=1;i<=n;i++)
  {
    cin>>a[i];
    sum[i]=sum[i-1]+a[i];
  }
  int premax=0;
  int flag=0;
  for (int i=1;i<=n;i++)
  {
    if(sum[i]-premax<flag)
    {
      flag=sum[i]-premax;
      ans=premax;
    }
    premax=max(premax,sum[i]);
  }
  cout<<ans<<"\n";
  return ;
}
signed main ()
{
  //ios;
  cin>>t;
  while (t--)
  {
    solve();
  }
  system ("pause");
  return 0;
}

还发现了一个大佬的一个题解