前言：
关于原题目中的 “旅馆” 这一用词，个人感觉用起来十分不畅，于是下文中将会用 “障碍物” 一词来代指旅馆。
题目大意：
有一座 \(4 \times n\) 的矩阵，然后让你放置障碍物（其中，障碍物不能放置到矩阵的边缘，换句话说，障碍物只能放到位于中央的 \(2 \times (n-1)\) 这一子矩阵中），使其保证从左上到右下的最短路径条数和从左下到右上的最短路径条数一致.
问能否构造出相应的矩阵，如果能，输出“YES”并输出构造出来的矩阵，否则输出“NO”。
题目保证 \(\boldsymbol{n}\) 为奇数。
题目分析：
这道题显然有很多种做法，我这里来讲一讲我的做法，我的做法是：我们只需要保证障碍物在矩阵中保持对称，就能保证其最短路径条数一致。
理由是显然的（但我不会证），因为此时能保持对称的矩阵一共就如下几种：
- 障碍物都在一行且左右对称分布。
- 障碍物在两行上且上下对称分布。
- 障碍物在两行上且左右对称分布（保证第一行填满了）。
- 障碍物在两行上且左右对称分布（不保证第一行填满）
其中，第 \(2,3,4\) 种是显然的，因为都相当于堵住了在同样的位置被障碍物堵死了。
至于第一种，不会证，但是浅浅的跑了一下从 \(3 \sim 99\) 的程序来验证了一下，发现确实没啥问题，所以可以放心大胆的用这一条性质。
综上，我们的做题思路是：
- 若 \(k\) 为偶数，则可以构造第 \(2\) 类矩阵。
- 若 \(k\) 为奇数，则先尝试构造第 \(1\) 类矩阵，若第一行被填满后还有剩余，则在尝试构造第 \(3\) 类矩阵。
代码实现：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define TIME_LIMIT (time_t)1e3
#define dbg(x) cerr<<#x<<": "<<x<<endl;
bool block[100][100];
signed main() {
ios::sync_with_stdio(false);
#ifdef LOCAL
freopen("in.in","r",stdin);
freopen("out.out","w",stdout);
time_t cs = clock();
#endif
//========================================
int n,k;
cin>>n>>k;
cout<<"YES"<<endl;
if(!(k&1)){
for(int i=2;i<=1+k/2;i++){
block[2][i] = 1;
block[3][i] = 1;
}
}
else{
int row = 2;
while(k>(n-2)){
for(int i=2;i<=n-1;i++)
block[row][i] = 1;
k-=n-2;
row++;
}
int space = n-2-k;
for(int i=2;i<=1+k/2;i++)
block[row][i] = 1;
if(k&1){
int center = n/2+1;
block[row][center] = 1;
}
for(int i=2+k/2+space+(k&1);i<=n-1;i++)
block[row][i] = 1;
}
for(int i=1;i<=4;i++){
for(int j=1;j<=n;j++){
if(block[i][j])
cout<<'#';
else
cout<<'.';
}
cout<<'\n';
}
cout<<endl;
//========================================
#ifdef LOCAL
fclose(stdin);
fclose(stdout);
time_t ce = clock();
cerr<< "Used Time: " << ce-cs << " ms."<<endl;
if(TIME_LIMIT<ce-cs)
cerr<< "Warning!! Time exceeded limit!!"<<endl;
#endif
return 0;
}