[ABC255G] Constrained Nim Solution
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题面
一般 Nim 游戏基础上增加 $ m $ 条限制,限制当石子数为 $ x_i $ 时不能拿走其中的 $ y_i $ 个。
Solution
显然博弈论,考虑 SG函数。Nim 游戏标准套路,对于多个石子堆求出每个石子堆石子数 $ a_i $ 的 $ SG(a_i) $,若 $ \bigoplus_{i = 1}^n SG(a_i) = 0 $ 则先手必输,反之必胜。关于 SG函数 的详解:SG函数学习笔记。
本题的区别即为 $ m $ 条限制,考虑如何处理。显然一般 Nim 游戏的 SG 函数有转移 $ SG(i) = \operatorname{mex}{SG(j) \mid j \in [1, i - 1]} $,本题的区别不难想到就是在一般的 SG函数 基础上,在求 $ \operatorname{mex} $ 的时候需要从中去掉一些值,也就是去掉 $ SG(x_i) $ 转移中的 $ SG(x_i - y_i) $。严谨点叙述就是 $ SG(i) = \operatorname{mex}{SG(j) \mid j \in [1, i - 1] \land (i, j) \neq (x_k, x_k - y_k), k \in[1, m] } \(。考虑维护,显然值域过大无法硬做。发现每次从中去掉一些值后,\) \operatorname{mex} $ 的值就会变为最小的被全部删除的元素。然后在这个位置以后,下一条限制以前,每次的 $ SG(i) = SG(i - 1) + 1 $。发现整个值的分布实际上就是一些特殊点和很多条斜率为 $ 1 $ 的线段。所以我们对于答案,考虑开个 map
记录转折点,每次查询对应的所在位置然后增加对应数量的 $ 1 $ 即可。
具体实现过程也不难理解,开个 map
里套 basic_string
维护对应 $ x_i $ 的所有 $ x_i - y_i $,然后遍历,显然升序遍历过程中 $ x_i $ 以内的 $ SG $ 均已确定。然后考虑如何确定当前的 $ SG(i) $,不难发现对于没有限制的 $ SG $ 值即为其之前的所有 $ SG $ 的最大值,也就是前缀最大值 $ +1 $。对于有限制的,我们枚举其所有限制,找到最小的一个被删没的值(注意这里比较的时候要 $ +1 $,原因是遍历到此时的时候一般情况下会有一个 $ SG(i) = i $),将其设为这个。此为特殊点,然后在其之后的点依然按照一般的斜率为 $ 1 $ 地增长,用前缀最大值更新,记录一下即可。
Code
#define _USE_MATH_DEFINES
#include <bits/stdc++.h>
#define PI M_PI
#define E M_E
#define npt nullptr
#define SON i->to
#define OPNEW void* operator new(size_t)
#define ROPNEW(arr) void* Edge::operator new(size_t){static Edge* P = arr; return P++;}
using namespace std;
mt19937 rnd(random_device{}());
int rndd(int l, int r){return rnd() % (r - l + 1) + l;}
bool rnddd(int x){return rndd(1, 100) <= x;}
typedef unsigned int uint;
typedef unsigned long long unll;
typedef long long ll;
typedef long double ld;
template < typename T = int >
inline T read(void);
int N, M;
ll A[210000];
ll oplus(0);
map < ll, basic_string < ll > > rest;
map < ll, ll > SG, repeat;
ll CalSG(ll x){
auto sp = *prev(SG.upper_bound(x));
return sp.second + (x - sp.first);
}
int main(){
N = read(), M = read(); SG.insert({0, 0});
for(int i = 1; i <= N; ++i)A[i] = read < ll >();
for(int i = 1; i <= M; ++i){
ll p = read < ll >(), v = read < ll >();
rest[p] += p - v;
}
ll preMx(-1);
for(auto &mp : rest){
preMx = max(preMx, CalSG(mp.first - 1));
map < ll, ll > tmp;
for(auto val : mp.second)tmp[CalSG(val)]++;
for(auto cur : tmp){
if(cur.second >= repeat[cur.first] + 1){
repeat[cur.first]++;
SG[mp.first] = cur.first;
break;
}
}preMx = max(preMx, CalSG(mp.first));
SG[mp.first + 1] = preMx + 1;
}
for(int i = 1; i <= N; ++i)oplus ^= CalSG(A[i]);
printf("%s\n", oplus ? "Takahashi" : "Aoki");
fprintf(stderr, "Time: %.6lf\n", (double)clock() / CLOCKS_PER_SEC);
return 0;
}
template < typename T >
inline T read(void){
T ret(0);
int flag(1);
char c = getchar();
while(c != '-' && !isdigit(c))c = getchar();
if(c == '-')flag = -1, c = getchar();
while(isdigit(c)){
ret *= 10;
ret += int(c - '0');
c = getchar();
}
ret *= flag;
return ret;
}
UPD
update-2022_12_07 初稿
标签:Nim,int,题解,ll,define,ABC255G,Constrained,SG,first From: https://www.cnblogs.com/tsawke/p/17032767.html