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AtCoder Beginner Contest 369 题ABCD详细题解--包含解题思路和两种语言(C++,Python)实现

时间:2024-09-04 19:21:47浏览次数:11  
标签:ABCD std AtCoder int 题解 代码 res x2 x1

前言:

        本文为AtCoder Beginner Contest 369 题ABCD详细题解,包括题目大意,详细的解题思路和两种语言描述,觉的有帮助或者写的不错可以点个赞

几天前的比赛拖的有点久了

比赛题目连接:Tasks - AtCoder Beginner Contest 369

目录

题A:

题目大意和解题思路:

代码(C++):

代码(Python):

题B:

题目大意和解题思路:

代码(C++):

代码(Python):

题C:

题目大意和解题思路:

代码(C++):

代码(python):

题D:

题目大意和解题思路:

代码(C++):

代码(Python):


题A:

A - 369 (atcoder.jp)

题目大意和解题思路:

题目意思就是说,给定两个整数 A 和 B,要找出有多少个整数 x

使得 A、B、x 这三个数可以排列成等差数列

现在(假设A<=B),就是找出一个x, 使得A - x == B - A == x - B有三种情况:

当A == B的时候,x只有一种情况,就是A == B == x,此时公差d = 0

当A != B的时候,d = B - A, 那么x会有至少两种情况,一种是A - d,一种是B + d

此时需要考虑A和B中间数字个数cnt

cnt为偶数,则中间无法找出一个数字与A,B的差值相等,此时答案为2

cnt为奇数,中间会有一个数字x满足,此时d = x - A == B - x

代码(C++):

int main() {
    std::ios::sync_with_stdio(0);
    std::cin.tie(0);
    int a, b;
    std::cin >> a >> b;
    int res = -1;
    if (a == b) {
        res = 1;
    } else {
        int cnt = abs(a - b - 1);
        if (cnt % 2 == 0) {
            res = 2;
        } else {
            res = 3;
        }
    }
    std::cout << res << "\n";
}

代码(Python):

def main():
    a, b = map(int, input().split())
    res = -1
    if a == b:
        res = 1
    else:
        cnt = abs(a - b - 1)
        if cnt % 2 == 0:
            res = 2
        else:
            res = 3
    print(res)

题B:

B - Piano 3 (atcoder.jp)

题目大意和解题思路:

他将通过依次按下N个键来演奏音乐。对于第i次按键,他将按下键Ai,如果Si = L则用左手,如果Si = R则用右手。

在开始演奏之前,他可以将双手放在他喜欢的任何键上,此时他的疲劳度为0。在演奏过程中,如果他将一只手从键x移动到键y,疲劳度会增加|y-x|(相反,除了移动手之外,疲劳度不会因任何其他原因增加)。要用一只手按某个键,那只手必须放在那个键上。

求演奏完后的最小疲脑度

有点没懂啥意思,求最小疲劳度?手开始放在最开始的键上就是最小的

不管怎么样,后续都是要移动的,所以开始的时候放在第一个要弹的键上即可(左右手都是)

写代码的话,求移动距离就行了

代码(C++):

int main() {
    std::ios::sync_with_stdio(0);
    std::cin.tie(0);
    int n;
    std::cin >> n;
    std::vector<int> left, right;
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        char c;
        int x;
        std::cin >> x >> c;
        if (c == 'L') {
            left.push_back(x);
        } else {
            right.push_back(x);
        }
    }
    int res = 0;
    for (int i = 1; i < left.size(); i++) {
        res += abs(left[i] - left[i - 1]);
    }
    for (int i = 1; i < right.size(); i++) {
        res += abs(right[i] - right[i - 1]);
    }
    std::cout << res << "\n";
}

代码(Python):

def main():
    n = int(input())
    left = []
    right = []
    
    for _ in range(n):
        x, c = input().split()
        (left if c == 'L' else right).append(int(x))
    
    res = sum(abs(b - a) for a, b in zip(left, left[1:]))
    res += sum(abs(b - a) for a, b in zip(right, right[1:]))
    
    print(res)

题C:

题目大意和解题思路:

题目意思就是说:给定一个正整数序列 A。找出所有可能的连续子序列(由开始位置 l 和结束位置 r 定义)。计算这些子序列中,有多少是等差数列。注意,单个数字也被视为等差数列。

直接暴力循环两遍,

简单的组合数学,从特殊到一般来看看,我们先不考虑单个数字的情况,假设一个连续的序列为:

2 4 6

那么这三个数字能组成多少个等差数列,答案是3,(2, 4), (4, 6), (2, 4, 6)

如果是四个呢:2 4 6 8

答案是6个等差数列,(2, 4),(4, 6)(6, 8) (2,4,6)(4, 6, 8)(2, 4, 6, 8)

两个数字的有三个,三个数字的有2个,四个数字的有三个

如果长度为n的一个为等差数列子序列

那么就是两个数字的有n - 1个,三个数字的有n - 2,,,,n个数字的有1个

那么总和就是用等差数列求和公式 (1 + n - 1) * (n - 1) / 2

也就是说一个长度为n的等差数列可以分成n * (n - 1) / 2个

代码实现的话,遍历数组,如果前后的差相等(也就是等差),求出此时的长度len++

否则,那么前面一段就是长度为len的连续的等差数列,用上面的公式求出前面一段的数量

最后加上总长度n,因为单个数字也算,(初始化为n也可以)

数据为10^9,需要使用long long类型

代码(C++):

int main() {
    //我在这里定义int为long long 就不需要考虑类型了
    #define int long long
    std::ios::sync_with_stdio(0);
    std::cin.tie(0);
    
    int n;
    std::cin >> n;
    std::vector<int> A(n);
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        std::cin >> A[i];
    }
    
    int res = n;
    int len = 1, d = 0;
    for (int i = 1; i < n; i++) {
        int cur = A[i] - A[i - 1];
        if (cur == d) {
            len++;
        } else {
            res += (len * (len - 1) / 2);
            len = 2;
            d = cur;
        }
    }
    //最后一段的len也要加上
    res += (len * (len - 1) / 2);
    std::cout << res << "\n";
}

代码(python):

def main():
    n = int(input())
    A = list(map(int, input().split()))
    
    res, d, length = n, 1, 0
    for i in range(1, n):
        cur = A[i] - A[i - 1]
        if d == cur:
            length += 1
        else:
            res += length * (length - 1) // 2
            d = cur
            length = 2
    res += length * (length - 1) // 2
    print(res)

题D:

D - Bonus EXP (atcoder.jp)

题目大意和解题思路:

对于每个怪物,他可以选择放过它或者击败它。

每个动作都会给他带来经验值:

  • 如果他放过一个怪物,他将获得 0 经验值。
  • 如果他击败一个强度为 X 的怪物,他将获得 X 经验值。
  • 如果这是一个偶数编号的击败的怪物(第 2 个, 第 4 个, ...),他将额外获得 X 经验值。

有点类似于打家劫舍?(bushi),DP刷的少

考虑当前怪物是否击败,当前怪物是否是奇数个或者偶数个击败的怪物,只取决于上一个的奇偶性

那么就是当前状态只取决于上一个状态

可以直接用两个变量进行DP,设x1, x2分别是上一个为奇数个,和上一个是偶数个前提下获得的经验

代码(C++):

int main() {
    #define int long long
    int n;
    std::cin >> n;
    std::vector<int> A(n);
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        std::cin >> A[i];
    }
    //x1表示上一个是奇数个,当前是偶数个
    //x2表示上一个是偶数个,当前是奇数个
    int x1 = 0, x2 = -1e18;
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        int x = x1;
        x1 = std::max(x1, x2 + 2 * A[i]);
        x2 = std::max(x2, x + A[i]);
    }
    std::cout << std::max(x1, x2) << "\n";
}

代码(Python):

def main():
    n = int(input())
    A = list(map(int, input().split()))
    
    x1, x2 = 0, -1e18
    for a in A:
        x1, x2 = max(x1, x2 + a * 2), max(x2, x1 + a)
    print(max(x1, x2))

标签:ABCD,std,AtCoder,int,题解,代码,res,x2,x1
From: https://blog.csdn.net/2401_83669813/article/details/141854535

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