这里与最短路密切相关
可以使用spfa，利用spfa的原理（cnt数组），如果发现一个点是通过了超过n-1条边更新而来，那么就说明存在负环
AcWing361. 观光奶牛
给定一张 L 个点、P 条边的有向图，每个点都有一个权值 f[i]，每条边都有一个权值 t[i]。
求图中的一个环，使“环上各点的权值之和”除以“环上各边的权值之和”最大。
输出这个最大值。 注意 ：数据保证至少存在一个环。
输入格式
第一行包含两个整数 L 和 P。
接下来 L 行每行一个整数，表示 f[i]。
再接下来 P 行，每行三个整数 a，b，t[i]，表示点 a 和 b 之间存在一条边，边的权值为 t[i]。
输出格式
输出一个数表示结果，保留两位小数。
数据范围
2≤L≤1000,
2≤P≤5000,
1≤f[i],t[i]≤1000
输入样例：
5 7
30
10
10
5
10
1 2 3
2 3 2
3 4 5
3 5 2
4 5 5
5 1 3
5 2 2
输出样例：
6.00
注意：由于是分数的最优化问题，所以我想到了0/1规划。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 1005
#define M 5005
int head[N], tot, ver[M], nxt[M], from[M], edge[M];
int head2[N], tot2, ver2[M], nxt2[M];
double edge2[M];
int n, m;
int a[N];//存放点的权值
const double eps = 1e-5;
int cnt[N];//通过这一个数组配合spfa进行求有没有负环
bool v[N];
queue<int >q;
double d[N];//注意取值
inline void add(int x, int y, int z)
{
ver[++tot] = y;
edge[tot] = z;
from[tot] = x;
nxt[tot] = head[x];
head[x] = tot;
}
inline void add2(int x, int y, double z)
{
ver2[++tot2] = y;
edge2[tot2] = z;
nxt2[tot2] = head2[x];;
head2[x] = tot2;
}
bool judge(double mid)
{
for(int i = 1; i <= n; i++) head2[i] = 0;
tot2 = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) cnt[i] = 0;
for(int i = 1; i <= tot; i++)
{
add2(from[i], ver[i], mid*edge[i] - a[from[i]]);
}
for(int i = 1; i <= n; i++) d[i] = 1e13;
d[1] = 0;
v[1] = true;
q.push(1);
while(q.size())
{
int x = q.front();
q.pop();
v[x] = false;
for(int i = head2[x]; i; i = nxt2[i])
{
int y = ver2[i];
double z = edge2[i];
if(d[y] > d[x] + z)
{
d[y] = d[x] + z;
cnt[y] = cnt[x] + 1;
if(cnt[y] >= n) return true;
if(!v[y])
{
v[y] = true;
q.push(y);
}
}
}
}
return false;
}
int main()
{
//tot = 1;
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i = 1; i <= n; i++) scanf("%d", a+i);
for(int i = 1; i <= m; i++)
{
int x, y, z;
scanf("%d%d%d", &x, &y, &z);
add(x, y, z);
}
double l = 0, r = 1000;
while(abs(l-r) > eps)
{
double mid = (l + r) / 2;
if(judge(mid)) l = mid;
else r = mid;
}
printf("%.2lf", l);
return 0;
}