第一课：小李是中国人课文A：わたしはりです。小野さんですが。B：はい、そうです。小野です。‍A：森さんは学生ですか。B：いいえ、学生ではありませい。会社員です。‍A：吉田さんですか。B：いいえ、ちがいます。森です。‍A：李さんはJC企画の社員ですか。B：はい、

统筹全局，类比今年校赛的E题，博弈双方的地位是平等的。这样，我们只需要求出平局的概率，就可以解出本题了点击查看代码#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;constintmod=998244353;inth[30];longlongjc[10000005],jcinv[10000005];intpower(intn,intp){ i

除了扫描线，二维前缀和也可以O(\(n^2\))地求出矩形的面积并，且两种方法的前提都是离散化二维差分：在矩形的四个顶角做标记，也有容斥原理的影子变量名不能起y1,y2似乎还是C++98时代的事情，打开-std=c++11就没有这个问题了；现在连NOIP都使用C++14标准了，所以应该不用管这种事了，何况编译

题目传送门前置知识计数DP|排列组合解法正难则反，考虑求出总方案数和至少经过一个黑色格子的方案数，二者作差即为所求。强制增加一个黑色格子\((h,w)\)，使得存在一条至少经过一个黑色格子的路径。如果没有“不能移动到黑色格子中”的限制，那么就是一个简单的格路计数问题，方

题目传送门(EasyVersion)|题目传送门(HardVersion)前置知识博弈论解法CF1628D1GameonSum(EasyVersion)设\(x_{i}\)表示第\(i\)轮时Alice选择的数。设\(f_{i,j}\)表示已经进行了\(i\)轮，且使用了\(j\)次加法时的最大得分，状态转移方程为\(f_{i,j}=\ma

题目主要分析这道题目的做法，大致也就是类欧的用处。设\(f(a,b,c,n)=\sum_{i=0}^n\lfloor\frac{ai+b}{c}\rfloor,g(a,b,c,n)=\sum_{i=0}^n\lfloor\frac{ai+b}{c}\rfloor^2,h(a,b,c,n)=\sum_{i=0}^ni\lfloor\frac{ai+b}{c}\rfloor\)。首先考虑\(f\)的转移：设\(m=\l

题目链接戳这Solution因为n很小所以可以n方枚举左右端点，然后实际上就是判断前面一半将69交换后是否是个回文且这个回文不存在反转后没意义的数，对于那几个翻转后没意义的数字随便用字母代替即可，对于前缀和后缀分别哈希然后判断是否相等即可。#include<bits/stdc++.h>#defin

对于给定的\(m\)个点，将整个序列分为了\(m+1\)段，我们可以先将每一段看作同一个类型，同一个类型间不同的顺序看作同一种。那么显然，答案即为可重集的排列数。设\(\{S=n_1\cdota_1,n_2\cdota_2,...,n_k\cdota_k\}\)表示由\(n_i\)个\(a_i\)组成的集合。那么此集合的排

题目传送门前置知识排列组合|卢卡斯定理解法记\(m=r-l+1,0\lek\len-1\)，枚举长度\(i\)，等价于求\(\sum\limits_{j=1}^{m}x_j=i\)的非负整数解的数量。接着推式子就行。\(\begin{aligned}\sum\limits_{i=1}^{n}\dbinom{m+i-1}{i}\end{aligned}\)\(\begin{aligned

一、递归概述示例：packagecom.itbianma12;publicclassDemo{publicstaticvoidmain(String[]args){System.out.println(f(20));}publicstaticintf(intn){if(n==1||n==2){return1;}else{re

进位标志位CF=1就跳转.386.modelflat,stdcalloptioncasemap:none.stack4096IncludeIrvine32.incincludelibIrvine32.libExitProcessPROTO,dwExitCode:DWORD.data.codemainPROCstc;CF置1cf=1jct1

用到了好多技巧的状压DP我们先统计总数然后除以m的阶乘就可以了设f[i]表示状态为i的集合造成的贡献数（也就是状态为i的集合不与集合外的点联通且这个集合联通块数是1的情况数）不与集合外的点联通的话只用考虑结合i之间连边，集合外那些点之间两边就可以啦这个集合联通块数是1

实训一：str1=input("输入表达格式（...）x,")p1=str1.find("(")p2=str1.find(")")lens=len(str1)ifnot(p2>p1andp2+1<=lens):print("输入错误!")else:es=str1[p1+1:p2]jc=str1[p2+1]ifjc=='2':

truncatetableJC_BMDA;insertintoJC_BMDA(bh,mc,qdmc,pym,ty)selectright('0'+rtrim(convert(varchar(5),id)),2)bh,bz,'jnx',upper(dbo.fGG_GetPY(bz)),0from(selectROW_NUMBER()over(orderbyxh)asid,*from(selectconvert(int,

#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;longlongn,m,p,s1,s2,s3,s4;longlongpoww(longlonga,longlongb){longlongans=1,base=a;while(b!=0){if(b&1!=0) ans=(ans%p)*(base%p)%p;base=(base%p)

TypeTMyArr=arrayofarrayofarrayofInteger;Pint=^TMyArr;varPArr:Pint;i,j,k,ic,jc,kc:Integer;beginic:=2;jc:=3;kc:=4;New(PArr);SetLength(PArr^,ic,jc,kc);fori:=0toic-1doforj:=0tojc-1

[root@inmnmapp50~]#pam_tally2--userOSS3_JC_BSLoginFailuresLatestfailureFromOSS3_JC_BS32207/20/2317:50:1410.135.7.152[root@inmnmapp50~]#pam_tally2--userOSS3_JC_BS--resetLoginFailuresLatestfai

本文网址：https://www.cnblogs.com/zsc985246/p/17501300.html，转载请注明出处。传送门AGC021EBallEatChameleons题目翻译有\(n\)只变色龙，一开始都是蓝色。你会依次扔出\(k\)个球，每次扔出都要指定一只变色龙吃掉这个球。扔出的球可以是红色或蓝色。变色龙从蓝色变成红

你说的对，但是我觉得应该先把qualC写完再去学什么东西。CFcodeforces.#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cstring>#include<queue>#include<iostream>usingnamespacestd;intn;chars[110];intmain(){scanf("%s",s+1)

内容提要：本文主要介绍通达信指标公式常用函数SUMBARS以及函数的应用，并且综合运用函数来编写MACD底背离。 一、SUMBARS函数简介SUMBARS这个函数名由SUM和BARS两部分组成，SUM在前一篇文章《第十篇——通达信指标公式编写常用函数（六）——SUM、IF（从零起步编写通达信指标公式系

for循环循环语句中for语句最为常用，其格式为：for(表达式1;表达式2;表达式3)循环语句;不可在for循环内修改循环变量，防止for循环失去控制。循环体表达式可省略但非必要不建议省略。Q：1、请问下列循环要循环多少次？#includeintmain(){inti=0;intk=0;for(i=0,k=0;k

若\(p\)为质数，则对于任意整数\(1\lem\len\)，有：\(C_n^m\equivC_{n\divp}^{m\divp}\timesC_{n\modp}^{m\modp}(mod~p)\)也就是把\(n\)和\(m\)表示成\(p\)进制数，并且对\(p\)进制数下的每一位分别计算组合数，累乘起来。CODEinlineintpower(intx,inty,

python爬虫系列文章网上搜素的系列文章记录一下后续可能会用https://mp.weixin.qq.com/mp/appmsgalbum?__biz=MzI3NzI1MzY4Mw==&action=getalbum&album_id=1786298272630816773#wechat_redirect1.requests请求2.User-Agent伪装from selenium import webdriverheader

J representingthetypesofstonesthatarejewels,and S representingthestonesyouhave. Eachcharacterin Sisatypeofstoneyouhave. Youwantto

1容斥原理的式子：\[|A1∪A2∪...∪An|=\sum_{1≤i≤n}|Ai|−\sum_{1≤i<j≤n}|Ai∩Aj|+...+(−1)^{n−1}×|A1∩A2∩...∩An|\]一般来说不会直接用容斥原理这个式子，而是