给你一个字符串 s 。我们要把这个字符串划分为尽可能多的片段，同一字母最多出现在一个片段中。
注意，划分结果需要满足：将所有划分结果按顺序连接，得到的字符串仍然是 s 。
返回一个表示每个字符串片段的长度的列表。
示例 1：
输入：s = "ababcbacadefegdehijhklij" 输出：[9,7,8] 解释： 划分结果为 "ababcbaca"、"defegde"、"hijhklij" 。 每个字母最多出现在一个片段中。 像 "ababcbacadefegde", "hijhklij" 这样的划分是错误的，因为划分的片段数较少。
示例 2：
输入：s = "eccbbbbdec" 输出：[10]
题解
- 由于同一个字母只能出现在同一个片段，显然同一个字母的第一次出现的下标位置和最后一次出现的下标位置必须出现在同一个片段。因此需要遍历字符串，得到每个字母最后一次出现的下标位置。
- 代码中首先用子串的首字母，查出其最后一次出现位置，作为临时子串（还不是最终子串，因为当前子串内的其他字母的最后一次出现位置，可能还在该子串后面，需要堆子串内部的其他字符再来一遍循环，找出某字母最后一次出现位置最大的位置处），经过内部循环后，此时的子串为最终临时子串，求出其长度，并更新下一个最终子串的起始位置。
- 使用贪心的思想寻找每个片段可能的最小结束下标，因此可以保证每个片段的长度一定是符合要求的最短长度，如果取更短的片段，则一定会出现同一个字母出现在多个片段中的情况。由于每次取的片段都是符合要求的最短的片段，因此得到的片段数也是最多的。
代码
class Solution {
public:
vector<int> partitionLabels(string s) {
int count;
vector<int> result;
string pre;
int len=s.length();
int i=0,j=0,tmp;
i=s.find_last_of(s[j]);//临时子串最终位置
tmp=1;
while(i<len){
while(tmp<i){
if(s.find_last_of(s[tmp])>i)//如果大于临时子串的最后位置则更新子串最终位置
i=s.find_last_of(s[tmp]);
tmp++;
}
pre=s.substr(j,i+1-j);
i++;
//j=s.find_first_not_of(pre,i);
count=pre.length();
result.push_back(count);
if(i==len)
return result;
j=i;
i=s.find_last_of(s[i]);
tmp=j+1;
}
return result;
}
};官方题解代码
和上面的解题思路大致一样，巧妙的用了一个数组，存储每个字母最后一次出现的最大位置，在一次循环中，寻找子串（找到某位置等于子串内所有字母最后一次出现的最大值时）。
class Solution {
public:
vector<int> partitionLabels(string s) {
int last[26];
int length = s.size();
for (int i = 0; i < length; i++) {
last[s[i] - 'a'] = i;
}
vector<int> partition;
int start = 0, end = 0;
for (int i = 0; i < length; i++) {
end = max(end, last[s[i] - 'a']);
if (i == end) {
partition.push_back(end - start + 1);
start = end + 1;
}
}
return partition;
}
};