考虑期望的线性性，求每种情况猜对的概率和，最终再除掉 \({4n \choose n,n,n,n}\)。
考虑枚举最少的出现次数 \(mn\)，记四种卡的出现次数分别为 \(c_1,c_2,c_3,c_4\)，\(c_1+c_2+c_3+c_4=i\le k\)，则这种情况的方案数为：
\[{i\choose c_1,c_2,c_3,c_4}{4n-i\choose n-c_1,n-c_2,n-c_3,n-c_4}\frac{{4n-i-1\choose n-mn-1}}{{4n-i\choose n-mn}} \]即：
\[\frac{c!}{c_1!c_2!c_3!c_4!}\frac{(4n-c-1)!\max(n-mn,1)}{(n-c_1)!(n-c_2)!(n-c_3)!(n-c_4)!} \]做一遍背包即可，时间复杂度 \(\mathcal O(n^3)\)。
参考代码：
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define md 998244353
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;++i)
#define rept(i,a,b) for(int i=a;i<b;++i)
#define drep(i,a,b) for(int i=a;i>=b;--i)
using namespace std;
int n,k;
ll ans,f[2002],f1[2002],dp[503],fac[2003],ifac[2003];
ll power(ll x,int y){
ll ans=1;
for(;y;y>>=1){
if(y&1)ans=ans*x%md;
x=x*x%md;
}
return ans;
}
signed main(){
fac[0]=1;
rep(i,1,2000)fac[i]=fac[i-1]*i%md;
ifac[2000]=power(fac[2000],md-2);
drep(i,2000,1)ifac[i-1]=ifac[i]*i%md;
cin>>n>>k,k=min(k,(n<<2)-1);
drep(mn,n,0){
rep(i,0,k)f[i]=0;
f[0]=1;
rept(c,0,4){
rep(i,0,k)f1[i]=0;
rep(i,0,k){
rep(j,mn,min(i,n))f1[i]=(f1[i]+f[i-j]*ifac[j]%md*ifac[n-j])%md;
}
rep(i,0,k)f[i]=f1[i];
}
rep(i,0,k)dp[mn]=(dp[mn]+f[i]*fac[i]%md*fac[(n<<2)-i-1]%md*(i<k?1:(n<<2)-k))%md;
rep(i,mn+1,n)dp[mn]=(dp[mn]-dp[i])%md;
ans=(ans+dp[mn]*max(n-mn,1))%md;
}
cout<<(ans*ifac[n<<2]%md*fac[n]%md*fac[n]%md*fac[n]%md*fac[n]%md+md)%md;
return 0;
}