题意简述
给你一个 01 矩阵，每一次你可以在这个矩阵中找到一个 \(L\) 型，将它全部变成 0。\(L\) 型的定义是在一个 \(2*2\) 矩阵中，除开一个角之外的图形，其中必须包含至少一个 1。
现在需要你找到将整个矩阵变成 1 的最大操作数。
题目分析
由于 L 型是在一个 2*2 的矩阵中，所以我们不妨从这里开始分析。
1. 如果矩阵没有 0
1 1
1 1
这种情况会有 4 个 1。
显然，第一次操作至少会让三个 1 变成 0，然后转到情况 4，这时候最大操作数是 2。
此时，操作数 = 1 的个数 -2。
2. 如果矩阵只有一个 0
0 1
1 1
其中的一种情况是上面这样的，这时候会有 3 个 1。
同样的，第一次操作至少会让两个 1 变成 0，然后转到情况 4，这时候最大的操作数是 2。
此时，操作数 = 1 的个数 -1。
3. 如果矩阵只有两个 0
0 1 | 0 0
1 0 | 1 1
其中有两种情况如上图，这时候会有 2 个 1。
这时候第一次操作可以只改变一个 1，接着转到情况 4，最大的操作数是 2。
此时，操作数 = 1 的个数。
4. 如果矩阵只有三个 0
0 0
0 1
其中一种情况如上，这时候有 1 个 1.
这时候只能改变一个 1,操作数也就是 1。同时显然，矩阵中没有 1 是操作数是 0，这里便不做分类讨论。
此时，操作数 = 1 的个数。
根据上面的分析，我们可以大胆猜想，设 1 的个数为 x，0 的个数为 y，操作数为 ans，则在 2*2 矩阵中：
\(\begin{cases} ans &= x-2 &(y=0) \\ ans &= x-1 &(y=1) \\ ans &=x &(y\ge2) \end{cases}\)
我们尝试将结论推广到普通矩阵中。
没有 0 的情况显然和之前一样。
而这时候就不是只有 1 个 0 的情况，而是在一个 2*2 矩阵中只有 1 个 0。
同样，至少有 2 个 0 的情况也需要转移到在 2*2 矩阵中至少有 2 个 0。
这样我们只要求出 1 的个数并且判断在 2*2 矩阵中有没有至少两个 0 即可。
为什么这种思路是正确的？
一个任意的 n*m 矩阵（\(n,m\ge2\)）,都会包含若干个 2*2 的矩阵，即使矩阵可能会重叠。
如果其中有一个矩阵有大于 1 个的 0，就可以从这里开始操作，扩展到每个 2*2 矩阵都有大于 1 个的 0，情况简化成最开始分析中的第三种情况。否则就只能按照第二种情况来扩展。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=5e2+5;
int n,m;
int a[N][N];
signed main(){
ios::sync_with_stdio(false);
int t;
cin>>t;
while(t--){
cin>>n>>m;
int suma=0,sumb=0;//suma是0的个数，sumb是1的个数。其实只记录其中的一个也可以
bool f=false;
for(int i=1;i<=n;i++){
string s;
cin>>s;
for(int j=0;j<m;j++) a[i][j+1]=s[j]-'0';
}
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=1;j<=m;j++){
if(a[i][j]==0){
suma++;
//下面判断2*2矩阵中有两个0的情况，注意判断数组越界，用循环也可以
if((i+1<=n&&a[i+1][j]==0)||(i-1>=1&&a[i-1][j]==0)||(j-1>=1&&a[i][j-1]==0)||(j+1<=m&&a[i][j+1]==0)) f=true;//两个0是相邻的
else if((i+1<=n&&j+1<=m&&a[i+1][j+1]==0)||(i-1>=1&&j-1>=1&&a[i-1][j-1]==0)||(i+1<=n&&j-1>=1&&a[i+1][j-1]==0)||(i-1>=1&&j+1<=m&&a[i-1][j+1]==0)) f=true;//两个0称对角
}
else sumb++;
}
}
if(suma==0) cout<<sumb-2<<"\n";//都是1
else if(sumb==0) cout<<"0\n";//都是0
else if(f==false) cout<<sumb-1<<"\n";//所有2*2矩阵中都只有一个0
else cout<<sumb<<"\n";//任意2*2矩阵中有至少两个0
}
return 0;
}