题目大意
给定一棵树，每两个有边直接相连的点之间距离为 \(1\)。现在我们要给所有原来距离为 \(2\) 的城市之间修一条长度为 \(1\) 的道路。
记 \(\operatorname{dis}(a,b)\) 表示 \(a,b\) 之间的最短距离，求
\[\sum_{i=1}^n\sum^{n}_{j=i+1}\operatorname{dis}(i,j) \]思路
考虑修改后的树任意两点间距离与修改前的关系。
例如，\(1\) 和 \(3\) 原本距离为 \(2\)，现在距离为 \(1\)；\(3\) 和 \(4\) 原本距离为 \(3\)，现在距离为 \(2\)。
我们发现，对于原树中两点间的距离 \(\operatorname{dis}\)，现在的距离为 \(\lfloor \frac{dis + 1}{2} \rfloor\)。
考虑把这个式子转化一下，变成
\[\left\lfloor \frac{dis + 1}{2} \right\rfloor=\dfrac{\operatorname{dis}+\left[ \operatorname{dis}\equiv1(\!\!\!\!\mod 2 ) \right]}{2} \]那么我们代入题目给出的式子，得到
\[\sum^{n}_{i=1}\sum^{n}_{j=i+1}(\dfrac{\operatorname{dis}(i,j)+\left[ \operatorname{dis}(i,j)\equiv1(\!\!\!\!\mod 2 ) \right]}{2}) \]很显然，我们发现，最终答案与边权的奇偶性和原树边权和有关。
考虑如何求路径长度？两点间距离为
\[\operatorname{dis}(i,j)=\operatorname{dep}_i+\operatorname{dep}_j-2\times \operatorname{dep_{\operatorname{lca}(i,j)}} \]其中后面 \(-2\times \operatorname{dep_{\operatorname{lca}(i,j)}}\) 的部分与路径长度的奇偶性无关，那么直接统计 \(\operatorname{dep}_i\) 和 \(\operatorname{dep}_j\) 奇偶性不同的点对数量就可以求出路径长度为奇数的路径数量。
Code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 200500;
int n;
struct Edge{
int next,to;
}e[N << 1];
int h[N],cnt;
void Add(int u,int v) {
cnt ++;
e[cnt].next = h[u];
h[u] = cnt;
e[cnt].to = v;
}
namespace SOL{
long long ans = 0;
int size[N],cnt[N];
void dfs(int x,int fa,int dep) {
cnt[dep ^ 1] ++;
size[x] = 1;
for(int i = h[x];i;i = e[i].next) {
int to = e[i].to;
if(to == fa)
continue;
dfs(to,x,dep ^ 1);
size[x] += size[to];
}
ans += 1ll * (n - size[x]) * size[x];
}
void Work() {
memset(cnt,0,sizeof(cnt));
memset(size,0,sizeof(size));
dfs(1,1,0);
ans = ans + 1ll * cnt[0] * cnt[1];
ans /= 2;
cout << ans << "\n";
return ;
}
}
int main() {
#ifdef ONLINE_JUDGE == 1
freopen("road.in","r",stdin);
freopen("road.out","w",stdout);
#endif
scanf("%d",&n);
for(int i = 1,u,v;i < n; i++) {
scanf("%d%d",&u,&v);
Add(u,v);
Add(v,u);
}
SOL::Work();
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return 0;
}