原题
标题虽然是栋栋的入门题,但它并不是入门题。
原题的题目描述是:
给出N个整数,以及M个求和范围,求出每一个范围的数字的和。
提示:显然,这并不是一道入门题。
这就要用到一种新的思想:前缀思想。
进入正题
数组 \(a\) (此处方便讲解,忽略下标 \(0\) )有这 \(5\) 个数字: \(1,3,2,1,5\) 。你求 \(a_1+...+a_3\) 是以下代码:
for(int i=1;i<=3;i++)ans+=a[i];
再假设数组 \(b\) 有 \(m\) 个数字。你需要求 \(b_x+...+b_y\) 。一般人用以下代码:
for(int i=x;i<=y;i++)ans+=b[i];
你有 \(n\) 次访问(即求 \(n\) 次从 \(b_x+...+b_y\) )。那么你代码应该会是这样:
for(int i=1;i<=n;i++){
cin>>x>>y;
for(int j=x;j<=y;j++)ans+=b[j];
}
但这样子太慢了。
但是我们还有一种方法解决。
我们可以令 \(c_i\) 为 \(b_1+b_2+...+b_i\) 。那么求 \(b_x+...+b_y\) 就非常快了。 \(c_y-c_{x-1}\) 。
解释
已知 \(c_y=b_1+...+b_y\) , \(c_x=b_1+...+b_x\) 。所以说(此处化简):
\(c_y-c_{x-1}=b_1+...+b_y-(b_1+...+b_{x-1})=b_x+...+b_y\) 。
代码
建议别抄。这里只是给一个例子。
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cctype>
namespace FastIo{
typedef unsigned long long ull;
typedef __uint128_t L;
static char buf[100000],*p1=buf,*p2=buf;
#define gc p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,100000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++
class FastMod{
public:
FastMod(ull b):b(b),m(ull((L(1)<<64)/b)){}
ull reduce(ull a){
ull q=(ull)((L(m)*a)>>64);
ull r=a-q*b;
return r>=b?r-b:r;
}
private:
ull b,m;
};
FastMod QM(10);
class QIO{
public:
inline void read(int &x){
x=0,ch=gc;
while(!isdigit(ch))ch=gc;
while(isdigit(ch)){x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=gc;}
}
void write(int a){
if(a>9)write(a/10);
putchar(QM.reduce(a)^48);
}
private:
char ch;
};
QIO qrw;
}
using namespace FastIo;
int a[1000001];
signed main(){
register int i(1);
int n,m,x,y;
qrw.read(n);
qrw.read(m);
for(;i<=n;i=-~i){
qrw.read(x);
a[i]=a[i-1]+x;
}
for(i=1;i<=m;i=-~i){
qrw.read(x);
qrw.read(y);
qrw.write(a[y]-a[x-1]);
putchar('\n');
}
exit(0);
return 0;
}
后记: \(N\) 年前的东西了,看个乐子就行了。
标签:ch,前缀,中二羊,栋栋,int,p1,ull,+...+,buf From: https://www.cnblogs.com/SHOJYS/p/17398914.html