题目：
给定一个链表的头节点 head ，返回链表开始入环的第一个节点。 如果链表无环，则返回 null。 如果链表中有某个节点，可以通过连续跟踪 next 指针再次到达，则链表中存在环。 为了表示给定链表中的环，评测系统内部使用整数 pos 来表示链表尾连接到链表中的位置（索引从 0 开始）。如果 pos 是 -1，则在该链表中没有环。
注意：pos 不作为参数进行传递，仅仅是为了标识链表的实际情况。不允许修改链表。
示例：
输入：head = [3,2,0,-4], pos = 1 输出：返回索引为 1 的链表节点 解释：链表中有一个环，其尾部连接到第二个节点。
思路：
解决此题需明确两件事：
（1）判断链表是否环
可以给定两个指针，慢指针每走一步，快指针走两步，如果有环，快指针一定会追上慢指针，两者相遇即有环。
（2）如果有环，如何找到这个环的入口
假设从头结点到环形入口节点 的节点数为x。 环形入口节点到 fast指针与slow指针相遇节点 节点数为y。 从相遇节点 再到环形入口节点节点数为 z。 如图所示：
那么相遇时： slow指针走过的节点数为: x + y， fast指针走过的节点数：x + y + n (y + z)，n为fast指针在环内走了n圈才遇到slow指针， （y+z）为 一圈内节点的个数A。
因为fast指针是一步走两个节点，slow指针一步走一个节点， 所以 fast指针走过的节点数 = slow指针走过的节点数 * 2：(x + y) * 2 = x + y + n (y + z)
两边消掉一个（x+y）: x + y = n (y + z)
因为要找环形的入口，那么要求的是x，因为x表示 头结点到 环形入口节点的的距离。
所以要求x ，将x单独放在左面：x = n (y + z) - y ,
再从n(y+z)中提出一个 （y+z）来，整理公式之后为如下公式：x = (n - 1) (y + z) + z。
注意这里n一定是大于等于1的，因为 fast指针至少要多走一圈才能相遇slow指针。
当 n为1的时候，公式就化解为 x = z，
这就意味着，从头结点出发一个指针，从相遇节点 也出发一个指针，这两个指针每次只走一个节点， 那么当这两个指针相遇的时候就是环形入口的节点。
也就是在相遇节点处，定义一个指针index1，在头结点处定一个指针index2。让index1和index2同时移动，每次移动一个节点， 那么他们相遇的地方就是 环形入口的节点。
当n大于1时，就是fast指针在环形转n圈之后才遇到 slow指针。
其实这种情况和n为1的时候 效果是一样的，一样可以通过这个方法找到 环形的入口节点，只不过，index1 指针在环里 多转了(n-1)圈，然后再遇到index2，相遇点依然是环形的入口节点。
首先slow进环的时候，fast一定是先进环来了。如果slow进环入口，fast也在环入口，那么把这个环展开成直线，就是如下图的样子：
可以看出如果slow 和 fast同时在环入口开始走，一定会在环入口3相遇，slow走了一圈，fast走了两圈。
重点来了，slow进环的时候，fast一定是在环的任意一个位置，如图：
那么fast指针走到环入口3的时候，已经走了k + n 个节点，slow相应的应该走了(k + n) / 2 个节点。因为k是小于n的（图中可以看出），所以(k + n) / 2 一定小于n。也就是说slow一定没有走到环入口3，而fast已经到环入口3了。这说明在slow开始走的那一环已经和fast相遇了。
public class Solution {
public ListNode detectCycle(ListNode head) {
ListNode fast=head;
ListNode slow=head;
while(fast!=null&&fast.next!=null){//fast在前
slow=slow.next;
fast=fast.next.next;
if(slow==fast){//有环
ListNode node1=fast;
ListNode node2=head;
while(node1!=node2){//环入口
node1=node1.next;
node2=node2.next;
}
return node1;
}
}
return null;
}
}
标签：力扣,slow,142,fast,链表,入口,节点,指针 From： https://www.cnblogs.com/cjhtxdy/p/16908778.html