CF2043C题解题意给定一个除了\(-1,1\)之外，最多存在一个\(x，x\in[-10^9,10^9]\)的数的序列，求其子段和的所有可能值，从小到大输出。分析很容易就去思考如何从这个特殊的\(x\)入手。于是先排除这个特例，考虑全都是\(1,-1\)的情形，那么顺序从左到右不断加入\(a_i\)，可以发现

线段树，是一种支持点修点查，去修区查的高级数据结构，单词操作时间复杂度为O(log2点数)，非常的优秀拉张图来解释一下线段树：每个父节点的权值是两个子节点权值的和好的。首先建一棵线段树我们来采用递归建树：先从根节点DFS遍历，然后返回后使用push_up函数累加——这样就可以保证线段树

题目描述：给定一个由 整数 组成的 非空 数组所表示的非负整数，在该数的基础上加一。最高位数字存放在数组的首位，数组中每个元素只存储单个数字。你可以假设除了整数0之外，这个整数不会以零开头。示例 1：输入：digits=[1,2,3]输出：[1,2,4]解释：输入数组表示数字123。

题面注意到如果两个球\(i,j\)有\(i<j,x_i>x_j\)，那么这两个球一定会交换。所以要交换\(x\)的逆序对数次。但是相同颜色交换没有代价，所以答案是\(x\)的逆序对数减去满足\(c_i=c_j,i<j,x_i>x_j\)的\((i,j)\)对的数量。可以对每个\(j\)都求一遍满足\(c_i=j\)的\(

题面设骨牌\(i\)倒下之后会连带压倒\([i+1,r_i]\)的骨牌，那么有\(z_i=\max_{j=i+1}^{r_i}z_j+(j-i)\)考虑线段树优化dp，但是\((j-i)\)不好维护，所以套路地修改式子，得到：\(z_i+i=\max_{j=i+1}^{r_i}(z_j+j)\)所以线段树维护\(z_i+i\)的区间最大值即可，\(r_i\)可以二分求

同步于洛谷1.P2482猪国杀24.2.18开坑！upd:24.2.1811:39一个上午写了初始化，输入，sha，击杀结算upd:24.2.1815:015分upd:24.2.1815:1310分upd:24.2.1816:2015分upd:24.2.1817:0190分，质的飞跃upd:24.2.2019:27IACZGS!!!!!!!!!!!猪国杀结2.P7147麻将模拟器24.

首先考虑时间增长的问题，设第\(i\)棵树的种植时间为\(t_i\)。那么第\(x\)棵树比第\(y\)棵树高就是\(h_x+(t_y-t_x)>h_y\)，也就是\(h_x-t_x>h_y-t_y\)。所以可以直接用\(h_i-t_i\)当作第\(i\)棵树的高度，即\(h'_i\leftarrowh_i-t_i\)。对于增加，考虑

在验证中可能出现一种场景：某些cfg在仿真过程中会更新，tb中用到这些cfg的component需要及时更新到最新的cfg.这里有两种解决方法方案一、通过config_dbset/get将cfg传到component的时候，由于传递的是cfg的句柄，所以在component中直接引用句柄中的值xxx_cfg.xxx，就可以实时得到cfg中

纪念一下第一次补完ARC的所有题。本题解介绍\(2log\)做法，需要卡常才能过。感谢@Rainbow_qwq大佬的耐心讲解，拜谢拜谢拜谢。首先注意到每次操作是前后缀修改，自然想到维护差分数组。假设当前操作到了\(a_i\)，那么差分数组的\(a_i\)这位加\(2\)，然后差分数组全局最小的值

线段树线段树合并&&分裂可持久化线段树线段树分治Seg—beats兔队线段树历史最值&&历史版本和Q：维护一种数据结构，支持对数列\(\{a\},\{b\}\)的如下操作对\(\{a\}\)区间加，之后令\(b_i\leftarrow\max(b_i,a_i)\)历史最大值，求\(\max(b_{l\cdotsr})\)采用打标记的方

\(\text{「GLR-R3」}\)惊蛰\(\text{Link}\)\(\text{Describe}\)给定非负整数序列\(\{a_n\}\)，定义函数\(f(x,y)\)为\[f(x,y)=\begin{cases}x-y,&x\gey\\C,&x<y\end{cases},\]其中\(C\)是给定常数。请构造一个不增非负整数序列\(\{b_n\}\)，最小化\[\sum_{i=1

updon23/10/18一年了。CSP还剩3days感慨。初赛啥也没干。就随便刷刷洛谷有题。考完普及感觉很稳。考完提高感觉蒙蒙的。听说有很多人过tg不过pj？所以就感觉tg能过（updon2023.9：。。。然后tg只有48。pj81.5。光速打脸。去不了S了。/ng复赛开T1：不就是快速幂吗，水水就

Day\(\text{XXX}\)。注意到修改是易于复合的立方操作，而且值域非常小，所以可以直接\(O(v\logm)\)预处理出对每个\(i\in[0,v)\)操作了\(2^{j}\lem\)次的结果，维护出每一位被修改了多少次，查询某一位的值直接倍增\(O(\logm)\)即可。然后这个限制很弱，因为如果区间内有重复

Android广播接收不到的原因及解决方法在开发Android应用时，我们经常会使用广播机制来实现组件之间的通信。然而，有时候我们会遇到一个问题，那就是收不到广播。这篇文章将为你解释一些常见的原因和解决方法。1.广播简介广播是一种用于在应用内或应用之间进行通信的机制。它允许

​首先我们先定义4个常量来设定四种权限：=====================================define(ADD,1);//增加数据库记录的权限define(UPD,2);//修改数据库记录的权限define(SEL,4);//查找数据库记录的权限define(DEL,8);//删除数据库记录的权限==================================

ORA-600[ktfs_upd_range-1]DuringTruncateTable(DocID2247478.1)HEATMAPSegmentSizeIsLargeInSYSAUXEvenWhenHeatmap=Off(DocID2024036.1)In12.2.0.1,ORA-600[kpdbSwitchPreRestore:Txn]CrashRACInstances(DocID2583951.1)Thefollowingerror

首先先介绍一些基本概念：           NAT(NetworkAddress           Translators)，网络地址转换：网络地址转换是在IP地址日益缺乏的情况下产生的，它的主要目的就是为了能够地址重用。NAT分为两大类，基本的NAT和NAPT(Network           Address

java网络通讯：tcp,upd,http1.TCP通信服务端用的代表类：ServerSocket类,注册端口。调用accept()方法阻塞等待接收客户端连接。得到Socket对象。TCP通信的基本原理？客户端怎么发，服务端就应该怎么收。客户端如果没有消息，服务端会进入阻塞等待。Socket一方关闭或者出现异常、对方

Thisistheindexofthisblog.猜你需要：火车头Fast-IO/Quick-IODefaultSourceStreeTest知识点备忘录/各类技巧/ToolsPictures\(Tips\)注意用了fread就不能用scanf或cin了。fwrite若是写挂了，请勿喷return之前不flush，那就さようなら了……虽然\(\text{Lu

D-StampRally(atcoder.jp)这题做法很多，我写的是可持久化并查集做法，但是裸的可持久化并查集是$O(nlog^3n)$，能过但是很慢！看洛谷的题解有一位大佬写了一个很妙的并查集的写法，按秩合并，每一步合并时用vector记录一下这个被合并到的节点的size和当前的时间，这样做可以找到每一个时

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