HNOI2017影魔对于两种贡献，都只用考虑左边第一个比自己大的，和右边第一个比自己大的数，分别记为\(l_i、r_i\)对于询问一，每个数对\((l_i,r_i)\)构成全部情况对于询问二，可以拆分成\(x=l_i\)时，\(y\in[i+1,r_i-1]\)，以及\(y=r_i\)时，\(x\in[l_i+1,i-1]\)我们考虑用扫描线

题目链接Part1先想暴力，对于每次询问，可以直接\(\Theta(n^2)\)枚举数对，用\(ST\)表判断一下，复杂度为\(\Theta(qn^2)\)。发现枚举数对没有前途，考虑\((i,j)\)之间的最大值，发现一个数对产生的贡献只和区间的最大值有关，我们从这个最大值入手。我们把一个数对的贡献看做其区间最

由题面可得：\[E_j=\sum_{i=1}^{j-1}\frac{q_i}{(i-j)^2}-\sum_{i=j+1}^{n}\frac{q_i}{(i-j)^2}\]令\(q_0=0\)，并将没有意义的分式的值视为\(0\)，则有：\[E_j=\sum_{i=0}^j\frac{q_i}{(i-j)^2}-\sum_{i=j}^n\frac{q_i}{(i-j)^2}\]令\(A(i)

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链接：https://www.luogu.com.cn/problem/P3723题目描述：给定两个序列，每次可以旋转其中的一个或给其中一个加上一个数$c$，求两个序列对应位置的差的平方和所能达到的最小值。

显然，\(y_i\)加上\(c\)可以看成是\(x_i\)减去\(c\)。所以就变成了\(x_i\)加上一个整数（可正可负）。现将\(x\)环拆成一个长度为\(2n\)的序列\(a\)（复制一遍），把\(