c++代码#include<bits/stdc++.h>#include<xiaohoucode.h>#include<time.h>#include<stdlib.h>#include<unistd.h>#include<termio.h>#include<ctype.h>#include<stdio.h>#include<math.h>usingnamespa

题目描述本题为填空题，只需要算出结果后，在代码中使用输出语句将所填结果输出即可。如果一个整数g能同时整除整数A和B，则称g是A和B的公约数。例如：43是86和2021的公约数。请问在1（含）到2021（含）中，有多少个数与2021存在大于1的公约数。请注意2021和2021有

1.c++第6课今天我们来学逻辑运算符，即||&&!!||的意思是或&&的意思是与!!的意思是非因此我们可以和第5课ifelse一起来写#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;intmain(){inta; cin>>a; if(a%5==0||a%7==0)cout<<"yes";//这里用了或|| elsecout<

BSGS对于高阶同余方程的求解通过题目给出的式子\(x_{2}\equiva*x_{1}\modp\)\(x_{2}+\frac{b}{a}\equiva*x_{1}+\frac{b}{a}\modp\)\(x_{3}=a*x_{2}+b\equiv(a^2)*x_{1}+a*b+b]\modp\)\(对该式子进行继续推导可以得出\)\(x_{i}=a^{i-1}*x1+\sum_{j=0}^{i-2}a^{j}

一.贝祖等式给定a，b均为整数，一定存在一组整数x，y使得a，b满足a*x+b*y=gcd(a，b)=c。而拓展欧几里得算法就是求出这组整数(x，y)的算法。二.拓展欧几里得算法首先先回顾一下欧几里得算法，欧几里得算法是计算两个数最大公因数的计算方法，如果要求gcd(a，b)的话，可以不断将其变为gcd(

卡特兰数#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;longlongmp[2000005],p[200005],cnt[2000005],r;longlongqpow(longlonga,longlongb){ longlongans=1; do{ if(b&1)ans=ans*a%r; a=a*a%r; }while(b/=2); returnans;}longlongmain()

#include<stdio.h>intmain(){   inthcf(int,int);   intlcd(int,int,int);   //定义两个函数，hcf表示最大公因数，lcd表示最小公倍数   inta,b,m,n;   printf("请输入两个整数\n");   scanf("%d%d",&a,&b);   m=hcf(a,b);   n=lcd(

运算符1.加减乘除2.取膜运算本质上是先除后取余数小数无法做取膜运算3.递增递减++--前置后置递增区别：先/后递增,再去计算表达式4.赋值运算符+=，-=，*=，/=，a%=2；a%=2；等价a=a%2；5.比较运算符==,!=,<,>,>=,<=用于比较并且返回一个真值或者假值(0/1)6.与或非根据表达式的

【题目描述】#include<iostream>usingnamespacestd;intmain(){ inta; cin>>a; if(a%4==0&&a%100!=0||a%400==0){ cout<<"Y"; } else{ cout<<"N"; } return0;}判断某年是否是闰年。如果公元a年是闰年输出Y，否则输出N

题目描述给定一个整数，判断它能否被3，5，7整除，并输出以下信息：1、能同时被3，5，7整除（直接输出357，每个数中间一个空格）；2、只能被其中两个数整除（输出两个数，小的在前，大的在后。例如：35或者37或者57，中间用空格分隔）；3、只能被其中一个数整除（输出这个除数）；4、不能被任何数整除，输出小写字符

【题目描述】判断某年是否是闰年。如果公元a年是闰年输出Y，否则输出N。【输入】输入只有一行，包含一个整数a(0<a<3000)。【输出】一行，如果公元a年是闰年输出Y，否则输出N。【输入样例】2006【输出样例】N#include<iostream>usingnamespacestd;intmain(){

文章目录小广告引入正题Problem1Problem1MetaProblem2Problem2Meta小结小广告CBCOI招人啦！只要你满足我们的要求就可以入团出题，有丰厚的悬赏哦！CBCOI链接引入假设现在有一个数aaa，如果是奇数输出1，否则输出0，你会怎么做？一个简单的代码

洛谷P1630求和 第1题   测试 查看测评数据信息给一个式子，求它的值，(1^b+2^b+...+a^b)%1e4输入格式 第一行一个数t，表示有t组测试数据对于每组测试数据，一行有两个整数a,b部分数据：1<=t<=10,a,b<=1e3对于100%的数据,1<=t<=100,1<=a,b<=1e9 输出格式 

求证：gcd(a,b)=gcd(b,a%b)a,b的最大公约数，就是b,a%b的最大公约数。 第一步求证：公约数cd（commondivisor）cd(a,b)=cd(b,a%b) 设a>b则a=kb+r(k是整数，r=a%b)(1)式设d是a,b的公约数，也就是d能被a整除，也能被b整除。(1)式除所d得：a/d=kb/d+r/d   因为a/d和kb/d是整数，所以

<?phpheader('Content-Type:text/html;charset=utf-8');define('ROOT',$_SERVER['DOCUMENT_ROOT']);includeROOT.'/assets/php/head.php';//算术运算符/***+$a：标识；根据情况将$a转化为int或float。*-$a：取反；$a的负值。*$a+$b：加法；$a

<?phpheader('Content-Type:text/html;charset=utf-8');define('ROOT',$_SERVER['DOCUMENT_ROOT']);includeROOT.'/assets/php/head.php';//赋值运算符/***例子等同于操作*$a+=$b等同于$a=$a+$b加法*$a-=$b等同于$a=$a-$

​常见点击查看代码#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;intgcd(inta,intb){returnb?gcd(b,a%b):a;}intmain(){inta,b,c;while(1){cout<<"输入两个数字求最大公约数"<<endl;cin>>a>>b;

遇到数论题就要推式子！提供最美丽的latex\[a^b=p_1^{a_1*b}*p_2^{a_2*b}*p_3^{a_3*b}......*p_n^{a_n*b}\\那么他的因数之和为:\\（{p_1}^0+{p_1}^1+...+{p_1}^{a_1*b}）\\*（{p_2}^0+{p_2}^1+...+{p_2}^{a_2*b}）\\...\\*（{p_n}^0+{p_n}^1+...+{p_n}^{a_n*b}）\\=>利用等

求两个整数的最大公约数一寻常方法最大公约数——两个或多个整数共有约数中最大的那一个。根据定义可知最大公约数最大不会超过我们所给的两个数，则我们可利用这一点去求取最大公约数。#include<stdio.h>intmain(){ inta,b; scanf("%d%d",&a,&b); intm=(a<b)?a:b;

GCD(最大公约数)欧几里得算法(辗转相除法)原理if(a%b==0)GCD=belseGCD=b%(a%b)基本情况：如果其中一个数为0，则另一个非零数一定就是两数的GC

int类型最多表示的21亿，这个题int就可以。#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;intgetSum(inta){ intres=0; while(a){ res+=a%10; a/=10; } returnres;}intmain(){ intn; cin>>n; while(n--){ inta,b; cin>>a>>b; ints1

这两天晚上都得上课，所以都没写，现在来补一点，简单的被我写复杂了，下面我会提到：这一句是最后一题用的，神之点法if(a/1000==(a%10)*10+(a%100)/10)第一题从键盘输入任意两个正整数m,n，判断m能否被n整除，若能输出m与n的值，否则继续判断两个数的奇偶性，若为奇数输出“Odd”，若为偶数

以下命令将在 D:\projects\test目录下创建大小为4KB的文件 4096.txtfsutilfilecreatenewD:\projects\test\4096.txt4096需要注意的是，通过fsutil指令生成的文件是空文件。指定内容生成指定大小文件以下命令将在D:\projects\test目录下创建大小为2KB的文件2k

快速幂人话求\(a\)的\(n\)次方，其实就是根据二进制唯一分解定理给\(a^n\)拆成\(\log{n}\)个\(a^{2^i}\)，递推求出从\(a^0\)到\(a^{2^i}\)每个数，如果\(n\)的二进制第\(i\)位为1，则将答案乘上\(a^{2^i}\)llQpow(lla,llb){//一开始a就是a的一次方llans=1;while(b

原题链接题解如果\((a_i+a_j)\mod\x==0\)那么\((a_i\mod\x+a_j\mod\x)\mod\x==0\)如果\((a_i-a_j)\mod\y==0\)那么\(a_i\mod\y==a_j\mod\y\)所以我们可以把每个\(a\)的求模情况存下来，\(a[i]\)的贡献为其前面的\(a\)出现的对应求模情况数量\(co