首先可以不管套件,假定 \(n<m\),那么答案不超过 \(\mathcal{O}(\log n+\frac{m}{n})\),也就是先倍增把 \(n\) 造出来,然后一步步造 \(m\).
答案这么小,那么常见的套路就是把答案放进复杂度里。
然后考虑一个 dp,假设当且在第 \(o\) 轮,令 \(f_i\) 为手中最牛逼的盔甲是 \(i\),能够拿到最牛逼的武器是 \(f_i\),想要 dp 出第 \((o+1)\) 轮的 \(f'\).
不用套件的转移,购买盔甲是 \(f'_j\gets f_i,i\leq j\leq i+f_i\),购买武器是 \(f'_i\gets f_i+i\).
用套件的话,那么一定是用 \(i\) 和 \(f_i\),要不然不会更优,所以也能类似转移。
通过打 tag 然后从后往前取 max 可以做到单次 \(\mathcal{O}(n)\) 转移,那么时间复杂度就是 \(\mathcal{O}(n\log n+m)\).
const int N=200010;
int n,m,q,x,y,ans,f[N],g[N],fl;
map<int,int>vis[N];
void solve(){
read(n,m,q);
if(n>m)swap(n,m),fl=1;
while(q--)read(x,y),fl?swap(x,y),0:0,vis[x][y]=1;
f[1]=1;
for(;f[n]<m;++ans){
for(int i=1;i<=n;i++)if(f[i]){
int k=vis[i][f[i]];
cmax(g[min(n,i+f[i]+k)],f[i]);
cmax(g[i],min(m,i+f[i]+k));
}
for(int i=n;i>=1;i--)f[i]=max(g[i],f[i+1]),g[i]=0;
}
cout << ans << '\n';
}
标签:Armor,题解,复杂度,Codeforces,Weapons,套件,fl
From: https://www.cnblogs.com/do-while-true/p/16860107.html