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洛谷 P1518 [USACO2.4] 两只塔姆沃斯牛 The Tamworth Two

时间:2024-08-25 20:24:39浏览次数:10  
标签:... P1518 10 int Tamworth 塔姆沃 else pf John

[USACO2.4] 两只塔姆沃斯牛 The Tamworth Two

题目描述

两只牛逃跑到了森林里。Farmer John 开始用他的专家技术追捕这两头牛。你的任务是模拟他们的行为(牛和 John)。

追击在 10 × 10 10 \times 10 10×10 的平面网格内进行。一个格子可以是:一个障碍物,两头牛(它们总在一起),或者 Farmer John。两头牛和 Farmer John 可以在同一个格子内(当他们相遇时),但是他们都不能进入有障碍的格子。

一个格子可以是:

  • . 空地;
  • * 障碍物;
  • C 两头牛;
  • F Farmer John。

这里有一个地图的例子:

*...*.....
......*...
...*...*..
..........
...*.F....
*.....*...
...*......
..C......*
...*.*....
.*.*......

牛在地图里以固定的方式游荡。每分钟,它们可以向前移动或是转弯。如果前方无障碍(地图边沿也是障碍),它们会按照原来的方向前进一步。否则它们会用这一分钟顺时针转 90 度。 同时,它们不会离开地图。

Farmer John 深知牛的移动方法,他也这么移动。

每次(每分钟)Farmer John 和两头牛的移动是同时的。如果他们在移动的时候穿过对方,但是没有在同一格相遇,我们不认为他们相遇了。当他们在某分钟末在某格子相遇,那么追捕结束。

读入十行表示地图。每行都只包含 10 个字符,表示的含义和上面所说的相同。保证地图中只有一个 F 和一个 CFC 一开始不会处于同一个格子中。

计算 Farmer John 需要多少分钟来抓住他的牛,假设牛和 Farmer John 一开始的行动方向都是正北(即上)。 如果 John 和牛永远不会相遇,输出 0。

输入格式

输入共十行,每行 10 个字符,表示如上文描述的地图。

输出格式

输出一个数字,表示 John 需要多少时间才能抓住牛们。如果 John 无法抓住牛,则输出 0。

样例 #1

样例输入 #1

*...*.....
......*...
...*...*..
..........
...*.F....
*.....*...
...*......
..C......*
...*.*....
.*.*......

样例输出 #1

49

提示

翻译来自NOCOW

USACO 2.4

思路和第一篇题解一样,但还是欠缺积累,有些地方想不出来解决的办法

学会了生成专属值判断是否陷入死循环t=x1+x2 *10+x3 *100+x4 *1000…,如果p[t]==1,说明陷入了循环,p[t]==0,则继续并使p[t]=1;

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
char ch[13][13];
int pc[2]={0},pf[2]={0};
int loop[500000]={0};
int move(int p[],int f,char c[13][13],int t)
{
	int x=p[0];
	int y=p[1];
	if(f==1)
	{
		if(c[x-1][y]!='*')
		{
			if(t==0)
			{
				c[x-1][y]='C';
			}
			else
			{
				c[x-1][y]='F';
			}
			c[x][y]='.';
			x--;
		}
		else
		{
			f++;
		}
	}
	else if(f==2)
	{
		if(c[x][y+1]!='*')
		{
			if(t==0)
			{
				c[x][y+1]='C';
			}
			else
			{
				c[x][y+1]='F';
			}
			c[x][y]='.';
			y++;
		}
		else
		{
			f++;
		}
	}
	else if(f==3)
	{
		if(c[x+1][y]!='*')
		{
			if(t==0)
			{
				c[x+1][y]='C';
			}
			else
			{
				c[x+1][y]='F';
			}
			c[x][y]='.';
			x++;
		}
		else
		{
			f++;
		}
	}
	else if(f==4)
	{
		if(c[x][y-1]!='*')
		{
			if(t==0)
			{
				c[x][y-1]='C';
			}
			else
			{
				c[x][y-1]='F';
			}
			c[x][y]='.';
			y--;
		}
		else
		{
			f=1;
		}
	}
	p[0]=x;
	p[1]=y;
	return f;
}
int judge(int pc[],int pf[])
{
	if(pc[0]==pf[0]&&pc[1]==pf[1])
	{
		return 0;
	}
	else
	{
		return 1;
	}
}

int main()
{
	int time=0;
	int corf;
	for(int i=0;i<=13;i++)
	{
		for(int j=0;j<=13;j++)
		{
			ch[i][j]='*';
		}
	}
	int f1=1,f2=1;
	for(int i=1;i<11;i++)
	{
		for(int j=1;j<11;j++)
		{
			cin>>ch[i][j];
			if(ch[i][j]=='F')
			{
				pf[0]=i;
				pf[1]=j;
			//	ch[i][j]='.';
			}
			if(ch[i][j]=='C')
			{
				pc[0]=i;
				pc[1]=j;
			//	ch[i][j]='.';
			}
		}
	}
	while(judge(pc,pf))
	{
		int t=pc[0]+pc[1]*10+pf[0]*100+pf[1]*1000+f1*10000+f2*100000;
		if(loop[t])
		{
			cout<<0<<endl;
			return 0;
		}
		loop[t]=1;
		f1=move(pc,f1,ch,0);
		f2=move(pf,f2,ch,1);
		time++;
	}
	
	cout<<time;
	return 0;
}

标签:...,P1518,10,int,Tamworth,塔姆沃,else,pf,John
From: https://blog.csdn.net/2301_80398020/article/details/141531327

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