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2024.04.11 树上问题回顾

时间:2024-04-11 21:57:21浏览次数:26  
标签:11 2024.04 ch 回顾 int de read maxn getchar

2024.04.11 树上问题回顾

P2015 二叉苹果树

树形背包板子题。

需要注意的是,枚举儿子 \(v\) 的选择数量 \(k\) 时,一定要先转移 \(k=0\) 的情况,否则就会用新状态来重复更新新状态,违背 \(0/1\) 背包的思路。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
template <typename T>
inline T read(){
    T x=0;char ch=getchar();bool fl=false;
    while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')fl=true;ch=getchar();}
    while(isdigit(ch)){x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
    return fl?-x:x;
}
#define read() read<int>()
#define LL long long
const int maxn = 100 + 5;
int head[maxn],cnt;
struct edge{
	int to,nxt,w;
}e[maxn<<1];
inline void link(int u,int v,int w){
	e[++cnt].to=v;e[cnt].nxt=head[u];head[u]=cnt;e[cnt].w=w;
}
int n,q,f[maxn][maxn],sz[maxn];
void dfs(int u,int fa){
	f[u][0]=0;sz[u]=1;
	for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt){
		int v=e[i].to;
		if(v==fa)continue;
		dfs(v,u);
		sz[u]+=sz[v];
		for(int j=min(sz[u]-1,q);j>=0;j--){
			for(int k=0;k<=min(sz[v]-1,j);k++){
				f[u][j]=max(f[u][j],f[u][j-k]+f[v][k]+e[i].w);
				if(k<j)f[u][j]=max(f[u][j],f[u][j-k-1]);
			}
		}
	}
}
int main(){
	n=read();q=read();
	q=(n-1)-q;
	for(int i=1;i<n;i++){
		int u=read(),v=read(),w=read();
		link(u,v,w);link(v,u,w);
	}
	memset(f,0xcf,sizeof f);
	dfs(1,0);
	cout<<f[1][q]<<endl;
	return 0;
}

P4281 [AHOI2008]紧急集合/聚会

树上有三个点 \(x,y,z\),选择一个点 \(u\) 使得三个点到 \(u\) 的距离和最短。

显然最短路径中,每条树边最多经过一次。

手玩一下发现,\(u\) 一定是三个 \(\text{LCA}\) 中与其余两个不相同的那个。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
template <typename T>
inline T read(){
    T x=0;char ch=getchar();bool fl=false;
    while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')fl=true;ch=getchar();}
    while(isdigit(ch)){x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
    return fl?-x:x;
}
#define read() read<int>()
#define LL long long
const int maxn = 5e5 + 10;
const int maxlog = 21;
int head[maxn],cnt=0;
struct edge{
	int to,nxt;
}e[maxn<<1];
inline void link(int u,int v){
	e[++cnt].to=v;e[cnt].nxt=head[u];head[u]=cnt;
}
int f[maxn][21],de[maxn];
void dfs(int u,int fa){
	f[u][0]=fa;de[u]=de[fa]+1;
	for(int j=1;j<maxlog;j++)f[u][j]=f[f[u][j-1]][j-1];
	for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt){
		int v=e[i].to;
		if(v==fa)continue;
		dfs(v,u);
	}
}
inline int getLCA(int x,int y){
	if(de[x]<de[y])swap(x,y);
	for(int j=maxlog-1;j>=0;j--)if(de[f[x][j]]>=de[y])x=f[x][j];
	if(x==y)return x;
	for(int j=maxlog-1;j>=0;j--)if(f[x][j]!=f[y][j])x=f[x][j],y=f[y][j];
	return f[x][0];
}
inline int dis(int x,int y){
	int LCA=getLCA(x,y);
	return de[x]+de[y]-2*de[LCA];
}
int n,m;
int main(){
	n=read();m=read();
	for(int i=1;i<n;i++){
		int u=read(),v=read();
		link(u,v);link(v,u);
	}
	dfs(1,0);
	for(int i=1;i<=m;i++){
		int x=read(),y=read(),z=read();
		int L1=getLCA(x,y),L2=getLCA(y,z),L3=getLCA(x,z),LCA;
		if(L1==L2)LCA=L3;
		else if(L1==L3)LCA=L2;
		else LCA=L1;
		printf("%d %d\n",LCA,dis(x,LCA)+dis(y,LCA)+dis(z,LCA));
	}
	return 0;
}

P3629 [APIO2010] 巡逻

有一个 \(n\) 个节点的有根树,根为 \(1\)。要求从根节点 \(1\) 出发,遍历所有的边(进行一次树的遍历),最后回到 \(1\),每一步的代价是 \(1\)。

现要加入 \(K\in\{1,2\}\) 条非树边,使得满足上述条件的情况下,求代价最小是多少。

如果加入一条非树边,那么形成的环上的树边都从走 \(2\) 次变成了走 \(1\) 次。

贪心的选一定选树的直径,如果 \(K=1\),那么答案为 \(2(n-1)-L1+1\),其中 \(L1\) 是直径长度。

如果再连接一条非树边,那么又会形成一个新环。发现如果这个新环和旧环有交叉,那么交叉的所有树边又都会从走 \(1\) 次变回了走 \(2\) 次。

那么在第二次连接非树边时,可以对直径上的边权都从 \(1\) 改为 \(-1\),这样进行树形 DP 求树的新直径即可,答案为 \(2(n-1)-L1-L2+2\)

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
template <typename T>
inline T read(){
    T x=0;char ch=getchar();bool fl=false;
    while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')fl=true;ch=getchar();}
    while(isdigit(ch)){x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
    return fl?-x:x;
}
#define read() read<int>()
#define LL long long
const int maxn = 1e5 + 5;
int head[maxn],cnt=1;
struct edge{
	int to,nxt,w;
}e[maxn<<1];
inline void link(int u,int v,int w){
	e[++cnt].to=v;e[cnt].nxt=head[u];head[u]=cnt;e[cnt].w=w;
}
int n,K,t1,t2,L1,L2,f[maxn],mp[maxn],Fa[maxn],de[maxn];
void dfs1(int u,int fa){
	de[u]=de[fa]+1;
	if(de[u]>L1)L1=de[u],t1=u;
	for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt){
		int v=e[i].to;
		if(v==fa)continue;
		dfs1(v,u);
	}
}
void dfs2(int u,int fa){
	Fa[u]=fa;
	for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt){
		int v=e[i].to;
		if(v==fa)continue;
		de[v]=de[u]+1;
		mp[v]=i;
		if(de[v]>L1)L1=de[v],t2=v;
		dfs2(v,u);
	}
}
void dfs(int u,int fa){
	for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt){
		int v=e[i].to;
		if(v==fa)continue;
		dfs(v,u);
		L2=max(L2,f[u]+f[v]+e[i].w);
		f[u]=max(f[u],e[i].w+f[v]);
	}
}
int main(){
	n=read();K=read();
	for(int i=1;i<n;i++){
		int u=read(),v=read();
		link(u,v,1);link(v,u,1);
	}
	dfs1(1,0);
	L1=0;memset(de,0,sizeof de);
	dfs2(t1,0);
	if(K==1){
		cout<<2*(n-1)-(L1-1)<<endl;
		return 0;
	}
	while(t2!=t1){
		e[mp[t2]].w=e[mp[t2]^1].w=-1;
		t2=Fa[t2];
	}
	dfs(t1,0);
	cout<<2*n-L1-L2<<endl;
	return 0;
}

标签:11,2024.04,ch,回顾,int,de,read,maxn,getchar
From: https://www.cnblogs.com/Liang-sheng/p/18130094

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