AT_abc344_c的题解

时间：2024-03-27 12:37:02浏览次数：31

标签：int 题解 long 110 abc344 lld

（一）

数据范围较小，三重循环枚举选的数，用 map 存储可能的和即可。

（二）

AC 代码。

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n,m,l,q,a[110],b[110],c[110];
map<int,bool>mp;
signed main(){
	scanf("%lld",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%lld",&a[i]);
	scanf("%lld",&m);
	for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%lld",&b[i]);
	scanf("%lld",&l);
	for(int i=1;i<=l;i++)scanf("%lld",&c[i]);
	for(int i=1;i<=n;i++)
		for(int j=1;j<=m;j++)
			for(int k=1;k<=l;k++)
				mp[a[i]+b[j]+c[k]]=1;
	scanf("%lld",&q);
	while(q--){
		int x;
		scanf("%lld",&x);
		if(mp[x])puts("Yes");
		else puts("No");
	}
	return 0;
}

标签：int,题解,long,110,abc344,lld
From： https://www.cnblogs.com/Jh763878/p/18098698

CF1195D2的题解
（一）虽说代码较长，但非常好理解，还是最优解（公开的就两个）。考虑对每个数单独算贡献，循环枚举与它进行运算的数的长度，然后确定那个数的位置即可，再乘以出现的数位对应的贡献，如出现在倒数第二位就乘$10$。难度应该不到绿。（二）AC代码。#include<bits/stdc++.h>#defineintlonglo......
AT_abc343_f的题解
（一）F<E。显然是线段树，虽然分块也能过。每个线段树上的节点记录最大值，第二大值，最大值个数，第二大值个数。合并操作注意值相等的情况。（二）AC代码。赛事写得有点乱。#include<bits/stdc++.h>#defineintlonglongusingnamespacestd;intn,q,a[400010];structnode{ int......
CF1676H2的题解
（一）题意转化为求$i<j$且$a_j\lea_i$的有序对$(i,j)$数。二维偏序，容易想到用树状数组或归并排序做。（二）AC代码（树状数组）。#include<bits/stdc++.h>#defineintlonglongusingnamespacestd;intn,t,tree[200010],a[200010];intlowbit(intx){ returnx&-x;......
P10185的题解
（一）考虑对每一种颜色单独求解。对于一次第$k$种的“循环”，美丽度会加上\[\sum_{i=1}^{a_k}C_{n}^{i}\timesv_k^{i}=(v_k+1)^{a_k}-1\]相信大家都学过二项式定理。“循环”次数取决于其他珠子是否出现，即$2^{\sum_{i=1}^{a_i}-a_k}$。再将两式相乘就愉快AC了。（二）警......
CF1904C的题解
（一）不太好想。（我看了题解才会）当$k>2$时，可以选两次相同的$i$和$j$。再将生成的数做差。当$k=1$时，直接$Θ(n^2)$枚举。当$k=2$时，先枚举第一次的$i$和$j$，再用lower_bound()实现查找第二次选择的数。时间复杂度$Θ(n^2\log_2{n})$。注......
CF1929C的题解
（一）每次下注，要么赚$y\times(k-1)$，要么亏$y$。由于不知道什么时候会输，每次都下能赚回前面所有的金额好了。第一次下$1$，共下$x+1$次。（二）AC代码。#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;intt,k,x,a;intmain(){ scanf("%d",&t); while(t--){ scan......
CF1213D1的题解
（一）直接暴力！！！对于每一个数，枚举它能生成的数。然后对于每一个可能的答案，开长度为$k$的优先队列维护，同时统计操作次数和。时间复杂度为$Θ(\log^2_2n)$。惊讶地发现顺便把双倍经验给切了。（卡过）（二）AC代码。#include<bits/stdc++.h>usingnamespacestd;intcnt,n,k,su......
CF1922C的题解
（一）从$i$到$j$有两种走法，一种是用$a_j-a_i$的代价，一种是用$1$的代价，前提是$j$是$i$最近的。显然如果符合条件选第二种。先考虑从左向右走。（和从右向左相同）考虑走到了节点$i$，如果$a_{i+1}-a_{i}>a_{i}-a_{i-1}$，那么花费$1$的代价向右走，否则花......
AT_arc169_a的题解
（一）由于每次把子节点的权值加到父节点中，深度越深影响越大。将$1$号节点视作父节点，不难发现，同一深度的节点对其贡献度相等，都为$1\timesnow\val$。因为$10^{100}$极大，所以统计每层权值和，从深往浅扫。（二）AC代码。#include<bits/stdc++.h>#defineintlonglongus......
CF1922B的题解
（一）因为$2^{n}+2^{n}=2^{n+1}$。设取的三个数为$2^i$，$2^j$，$2^k$，$i\lej\lek$。因为$2^i+2^j>2^k$，所以$j=k$。（反证法易证）此时$i$任意取。注意不要重复取。将答案分为两类计算，$i=j=k$和$i<j=k$。（二）AC代码。#include<bits/stdc++.h>#define......

AT_abc344_c的题解

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