Problem
T1
/*
思路:
对于操作1,直接+=拼接即可;
对于操作2,直接令s=s.substr(a,b)即可;
对于操作3,直接令s=s.insert(a,t)即可;
对于操作4,直接s.find(str)即可,注意特判-1。
*/
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int q;
string s;
signed main(){
ios::sync_with_stdio(0);
cin>>q>>s;
while(q--){
int op,a,b; string t;
cin>>op;
if(op==1){
cin>>t;
s+=t;
cout<<s<<'\n';
}
else if(op==2){
cin>>a>>b;
s=s.substr(a,b);
cout<<s<<'\n';
}
else if(op==3){
cin>>a>>t;
s.insert(a,t);
cout<<s<<'\n';
}
else{
cin>>t;
if(s.find(t)!=string::npos) cout<<s.find(t)<<'\n';
else cout<<"-1\n";
}
}
return 0;
}
T2
/*
思路:
考虑贪心,
因为越晚结束的比赛应该越早打完,
这样留出来的时间就越多,
所以需要对比赛按结束时间从小到大排序。
然后依次遍历每个比赛,能打则打,最后输出能打的比赛数即可。
这便是著名的线段覆盖问题。
*/
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n,last=-1,ans;
struct node{
int l,r;
}a[1000031];
bool cmp(node x,node y){
return x.r<y.r;
}
signed main(){
ios::sync_with_stdio(0);
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i].l>>a[i].r;
a[0].l=a[0].r=0;
sort(a+1,a+n+1,cmp);
for(int i=1;i<=n;i++)
if(a[i].l>=last)
ans++,last=a[i].r;
cout<<ans;
return 0;
}
T3
/*
思路:按照题意模拟排序过程即可。
坑点:
1.题面加粗的排序规则不是按Ei排序,而是按每个人的权值排序。
2.注意序号与编号的差别。
*/
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n,k;
int e[31];
struct node{
int val,id,d;
}p[20031];
bool cmp(node x,node y){
if(x.val==y.val) return x.id<y.id;
return x.val>y.val;
}
signed main(){
ios::sync_with_stdio(0);
cin>>n>>k;
for(int i=1;i<=10;i++) cin>>e[i];
for(int i=1;i<=n;i++)
cin>>p[i].val,p[i].id=i;
sort(p+1,p+n+1,cmp);
for(int i=1;i<=n;i++)
p[i].d=i,p[i].val+=e[(p[i].d-1)%10+1];
sort(p+1,p+n+1,cmp);
for(int i=1;i<=k;i++) cout<<p[i].id<<' ';
return 0;
}
T4
/*
思路:
考虑dfs求连通块,
首先连通块的最大大小很好求,
求周长其实就是对于每个连通块中的点,
扫描一遍它四个方向的所有点,
因为每个点只有它四周有不为'#'的点时才会贡献周长,
所以统计它四个方向上不为'#'的点的个数即可。
*/
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n;
int are,cir,Are=-1e9,Cir=1e9,tmp;
bool vis[1031][1031];
bool vis2[1031][1031];
int dx[]={1,0,-1,0},dy[]={0,1,0,-1};
char mp[1031][1031];
void dfs(int x,int y){
if(vis[x][y]) return;
vis[x][y]=1,are++;
for(int i=0;i<4;i++){
int xx=x+dx[i],yy=y+dy[i];
if(xx>=1&&xx<=n&&yy>=1&&yy<=n&&mp[xx][yy]=='#'&&!vis[xx][yy]) dfs(xx,yy);
}
for(int i=0;i<4;i++){
int xx=x+dx[i],yy=y+dy[i];
if((mp[xx][yy]!='#'||xx<1&&xx>n&&yy<1&&yy>n))
cir++,vis2[xx][yy]=tmp;
}
}
signed main(){
ios::sync_with_stdio(0);
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
cin>>mp[i][j];
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++){
if(!vis[i][j]&&mp[i][j]=='#'){
are=cir=0,tmp++;
dfs(i,j);
if(Are<are) Are=are,Cir=cir;
if(Are==are&&cir<Cir) Are=are,Cir=cir;
//cout<<cir<<'\n';
//memset(vis2,0,sizeof(vis2));
}
}
cout<<Are<<' '<<Cir;
return 0;
}
标签:node,Living,cout,val,25,int,long,1031,Dream
From: https://www.cnblogs.com/XOF-0-0/p/18050455