UNIQUE VISION Programming Contest 2023 New Year (AtCoder Beginner Contest 287)
A - Majority
Problem Statement
题意：给你n个字符串，字符串是 For 表示agree，字符串 Against表示disagree，让你判断最终是否通过。
Solution
思路：统计 For 和 Against的数量，比较一下即可。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
string s1 = "For",s2 = "Against";
int main()
{
int n;
cin>>n;
int cnt1 = 0,cnt2 = 0;
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
string s;
cin>>s;
if(s==s1)cnt1++;
else cnt2++;
}
if(cnt1>cnt2)cout<<"Yes\n";
else cout<<"No\n";
return 0;
}
B - Postal Card
Problem Statement
题意：给你n个长度为6的串和m个长度为3的串，让你把n个长度为6的串的后三位截取下来去和那m个
长度为3的串进行匹配，如果截取下来的串能和那m个中有>=1个是一样的，那就算是匹配，外面需要
统计匹配的个数。
Solution
思路：按照题意截取后n个串的后三位，再把那m个串放入set,把那n个串for一遍找set里面有没有一样的，有就ans++。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
set<string>s;
vector<string>v;
int main()
{
int n,m;
cin>>n>>m;
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
string x;
cin>>x;
x = x.substr(3,3);
v.push_back(x);
}
int ans = 0;
for(int i = 1;i<=m;i++)
{
string x;
cin>>x;
s.insert(x);
}
for(auto x:v)
{
//cout<<x<<" "<<s.count(x)<<endl;
if(s.count(x))ans++;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
/*
5 4
235983
109333
823467
592801
000333
333
108
467
983
*/
C - Path Graph?
Problem Statement
题意：给你一个简单无向图，n个点m条边。让你判断是不是路径图。
路径图：没有环或支链，就是一条单链
Solution
思路：首先是一条单链，那先判断连通性，判断完之后再去看入度和出度。
因为是单链，那只存在一个入度和出度为0的点，且其他点的入度=出度=1。
如果上述两个条件均满足则输出 Yes ，否则 No 。
注意：判断连通性！！！如果不判的话可能满足了后面的度的条件但不连通。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 2e5+10;
int ind[N],outd[N];
vector<int>edge[N*2];
bool vis[N];
void dfs(int x,int fa)
{
vis[x] = true;
for(auto y:edge[x])
{
if(y==fa||vis[y])continue;
dfs(y,x);
}
}
int main()
{
int n,m;
cin>>n>>m;
for(int i = 1;i<=m;i++)
{
int x,y;
cin>>x>>y;
edge[x].push_back(y);
edge[y].push_back(x);
outd[x]++,ind[y]++;
ind[x]++,outd[y]++;
}
dfs(1,0);
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
if(!vis[i])
{
cout<<"No\n";
return 0;
}
}
int cnt1 = 0,cnt2 = 0,cnt3 = 0;
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
if(outd[i]==1)cnt1++;
if(ind[i]==1)cnt2++;
if(outd[i]==ind[i]&&outd[i]==2)cnt3++;
}
//cout<<cnt1<<" "<<cnt2<<" "<<cnt3<<endl;
if(cnt1==2&&cnt2==2&&cnt3==n-2)
cout<<"Yes\n";
else cout<<"No\n";
return 0;
}
D - Match or Not
Problem Statement
题意：给你两个串S和T，只包含小写字母和？,且|S|>|T|。
我们现在要做的是判断匹配问题，取S的前x个和S的(|T|-x)个串起来，看看是不是和T串匹配，
如果是?的可以变成你想要变成的。
Solution
思路：我们利用前缀和的思想对前缀和后缀进行一个可行性的判断。
如果前x个不满足则前x+1个一定不满足，同理后x个不满足，后x+1个也同样不满足，根据这个思路
我们对S串进行预处理，这样的话后面询问的时间复杂度就说O(1)啦。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5+10;
bool pre[N],suf[N];
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
string s,t;
cin>>s>>t;
int n = s.size(),m = t.size();
s = "?"+s,t = "?"+t;
pre[0] = true;
for(int i = 1;i<=m;i++)
{
if((s[i]==t[i]||s[i]=='?'||t[i]=='?')&&pre[i-1])
pre[i] = true;
else pre[i] = false;
}
reverse(s.begin(), s.end());
reverse(t.begin(),t.end());
suf[0] = true;
s = "?"+s;
t = "?"+t;
for(int i = 1;i<=m;i++)
{
if((s[i]==t[i]||s[i]=='?'||t[i]=='?')&&suf[i-1])
suf[i] = true;
else suf[i] = false;
}
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
if(i-1>m)break;
if(pre[i-1]&&suf[m-(i-1)])cout<<"Yes\n";
else cout<<"No\n";
}
return 0;
}
/*
aa
b
?a
b
*/
E - Karuta
Problem Statement
题意：给你n个串，均由小写字母组成。去计算\(maxLCP(Si,Sj)\)
Solution
思路：
虽然但是，看到最长公共前缀，应该很容易想到是个Trie的板子，正解也就是Trie树了。当然hash或者排序之后搞一搞也是可以的。
法一：排序+前后比较。
现根据字典序对n个串sort一下，即按照字典序排序，这样的话和它匹配度最大的就是它的前一个或者后一个，进行比较取max就是答案。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 5e5+10;
int main()
{
int n;
cin>>n;
vector<pair<string ,int>>s(n);
for(int i = 0;i<n;i++)
cin>>s[i].first,s[i].second = i;
sort(s.begin(), s.end());
// for(auto x:s)
// cout<<x.first<<" "<<x.second<<endl;
vector<int>ans(n);
for(int i = 0;i<n-1;i++)
{
string a = s[i].first;
string b = s[i+1].first;
//cout<<"a = "<<a<<" b = "<<b<<endl;
int l1 = a.size(),l2 = b.size();
int cur = 0;
while(cur<l1&&cur<l2)
{
if(a[cur]!=b[cur])break;
cur++;
}
//cout<<"cur = "<<cur<<endl;
ans[s[i].second] = max( ans[s[i].second],cur);
ans[s[i+1].second] = max(ans[s[i+1].second],cur);
}
for(int i = 0;i<n;i++)
cout<<ans[i]<<endl;
return 0;
}
法二：hash，对每个串hash一下，枚举前缀长度用map记录一下，不要用string映射会炸，用hash值去映射，做完预处理之后呢，我们对这n个串for一遍，倒着枚举长度，看该值在mp里面出现次数是不是>=2的，是的话就是答案，我们break掉输出答案即可。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
typedef pair<int, int> PII;
const int N = 5e5+10;
struct DoubleStringHash
{
// #define int long long
vector<int> h1, h2, w1, w2;
int base1 = 131, base2 = 13331;
int p1 = 1e9+7, p2 = 1e9+9;
void init(string s) {
int len = s.size();
s = " " + s;
h1.resize(len + 1), w1.resize(len + 1);
h2.resize(len + 1), w2.resize(len + 1);
h1[0] = 0, w1[0] = 1;
h2[0] = 0, w2[0] = 1;
for(int i = 1; i <= len; i++) {
h1[i] = (h1[i - 1] * base1 + s[i]) % p1, w1[i] = w1[i-1] * base1 % p1;
h2[i] = (h2[i - 1] * base2 + s[i]) % p2, w2[i] = w2[i-1] * base2 % p2;
}
}
pair<int, int> get(int l, int r) {
return {(h1[r] - h1[l - 1] * w1[r - l + 1] % p1 + p1) % p1, (h2[r] - h2[l - 1] * w2[r - l + 1] % p2 + p2) % p2};
}
}ha;
string s[N];
map<pair<int,int>,int>mp;
signed main()
{
std::ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(nullptr), cout.tie(nullptr);
int n;
cin>>n;
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
cin>>s[i];
ha.init(s[i]);
int sz = s[i].size();
for(int j = 1;j<=sz;j++)
mp[ha.get(1,j)]++;
}
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
int pos = 0;
ha.init(s[i]);
int sz = s[i].size();
for(int j = sz;j>=1;j--)
{
if(mp[ha.get(1,j)]>=2)
{
pos = j;
break;
}
}
cout<<pos<<'\n';
}
return 0;
}
法三:Trie树，这就是Trie树的模板题了，毕竟Trie树就是用公共前缀的这个思想去写的，那我们只需要再次基础上记录一下每个节点的出现次数，同样出现次数>=2的对res++。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct trie
{
int nxt[500010][26], cnt;
bool isend[500010]; // 该结点结尾的字符串是否存在
int c[500010];
void insert(string s) { // 插入字符串
int now = 0;
int l = s.size();
for(int i = 0; i < l; i++)
{
int x = s[i] - 'a';
if(!nxt[now][x]) nxt[now][x] = ++cnt; // 如果没有，就添加结点
now = nxt[now][x];
c[now]++;
}
isend[now] = 1;
}
bool find(string s) { // 查找字符串
int now = 0;
int l = s.size();
for(int i = 0; i < l; i++) {
int x = s[i] - 'a';
if(!nxt[now][x]) return 0;
now = nxt[now][x];
}
return isend[now];
}
int maxLCP(const string&s)
{
int res = 0;
int l = s.size();
int now = 0;
for(int i = 0;i<l;i++)
{
int x = s[i]-'a';
if(!nxt[now][x])return 0;
now = nxt[now][x];
if(c[now]>=2)++res;
}
return res;
}
}tr;
int main()
{
int n;
cin>>n;
vector<string>s(n);
for(int i = 0;i<n;i++)
{
cin>>s[i];
tr.insert(s[i]);
}
for(int i = 0;i<n;i++)
{
cout<<tr.maxLCP(s[i])<<"\n";
}
return 0;
}