因为每秒只放一个球，所以对于每一个 \(x+y = a\) 的对角线最多只有一个球且任意两个球不会相遇，所以我们只用知道第 \(t-x-y\) 秒放的球的移动路径即可。等价于需要求出前 \(t-x-y\) 个球对地图的影响。
事实上我们只用知道每个位置被经过了多少次，经过次数的奇偶性就是地图的状态。我们记 \(f_{i,j}\) 表示格子 \((i,j)\) 被经过的次数，那么有一半的球去了右边，另一半去了下面。可以简单 \(n^2\) 递推得到答案。时间复杂度 \(\mathcal{O}(120^2q)\)。
#define N 128
int x, y, n = 119; LL t, f[N][N];
void solve(){
memset(f, 0, sizeof(f));
read(t, x, y);
if(!x && !y){puts("Yes"); return;}
if(x + y > t){puts("No"); return;}
t -= x + y;
f[0][0] = t;
rep(i, 0, n)rep(j, 0, n){
if(i < n)f[i + 1][j] += f[i][j] / 2;
if(j < n)f[i][j + 1] += (f[i][j] + 1) / 2;
}
int s = 0, t = 0;
while(s <= n && t <= n){
if(f[s][t] & 1)s++;else t++;
if(s == x && t == y){puts("Yes"); return;}
}
puts("No");
}
int main() {int T; read(T); while(T--)solve();}