神奇的题目
先考虑一个序列a[i]的情况（经典问题），维护数组f[i]表示以i为结尾的本质不同的序列个数
每次枚举上一位j，并且保证每种a只取最后一个出现的来转移
设g[a]表示最后一个a的对应的f的值，发现每次把f[i]=Σg[j]，然后把g[a[i]]=f[i]=g[j]
实际就是每出现一个a，就把其他的g加到当前的g[a]上（初始g[Ø]=1）
考虑本题求ans%2，所以加可以改成异或
初始只有g[Ø]=1，其余都是0，经过大力观察发现，除了g[Ø]之外最多只有一个g=1，其余都是0
证明：当只有g[Ø]=1时，任取一个a操作都会将g[a]变1；
当有两个g=1时，操作除了g[a]以外的等价于xor 0，不变；操作g[a]会将其变成0，所以最多只有两个g=1
再观察发现，最后要求的是ans%2=1，即最后只有g[Ø]=1
那么合法的序列形如1...12...23...31...1，中间不会出现两端的数
在树上进行划分，按照1...1/2...2这样划分成若干有向链(记作短链)，然后把链连起来变成路径x->y来统计
最主要的问题，是当路径xy处于lca两端并且lca处于一条短链之中，这样的怎么算
如图，把数字相同的边一分为二，将能互相到达的部分用并查集相连
那么在dfs过程中，先走完左侧的红边，回溯时把下面的贡献加到块内，在走右边的红边时查询块就可以用到了
把左边向上过红边的路径和右边另一条红边拼起来，这样得到了前一半路径；再统计下方的完整路径，二者合并得到全部短链过lca的路径
之后再求一下①顺着根-叶子的链、②xy在lca两侧但lca处没有短链（两条合法路径拼接）、③单点
就可以算出答案了
关于并查集：先用一次dfs即可构建，记录从根到当前t 的 每种颜色 的 last，每次把当前边的上半和last的下半相连即可
再观察一下发现是若干菊花图，所以只要保证是从深往浅连边即可得到菊花图，可以不用并查集
（这样写并查集也跑的很快，把连边顺序反过来就会T，因为常数↑）